题目内容

4．果蝇的翅形、体色和眼色（红眼和白眼）是三对相对性状．翻翅和正常翅（A、a）的基因位于Ⅱ号染色体上，灰体（B）对黑檀体（b）为显性且位于Ⅲ号染色体上．请根据下面的信息回答：
（1）现用翻翅果蝇和纯合正常翅果蝇做了表中的杂交实验：
 亲本 子代 
组合一 翻翅×正常翅 翻翅：正常翅：1：1 
 组合二翻翅×翻翅 翻翅：正常翅：2：1 
据表可知，正常翅为隐性性状．在组合二的子代中，出现翻翅：正常翅=2：1现象的原因是基因型AA的个体致死．
（2）用翻翅灰体果蝇与正常翅黑檀体果蝇作亲本进行杂交实验，F1有翻翅灰体果蝇和正常翅灰体果蝇两种表现型，则亲本的基因型为AaBB和aabb；依据上表组合二的实验结果，若让F1中翻翅灰体果蝇相互交配，则其后代中翻翅灰体：翻翅黑檀体：正常灰灰体：正常翅黑檀体的比例为6：2：3：1．
（3）果蝇的红眼（R）和白眼（r）基因位于X染色体上，现有一只红眼灰体雌果蝇与一只白眼灰体雄果蝇交配，F1雄果蝇中，约有$\frac{1}{8}$为白眼黑檀体，则F1雌果蝇中白眼灰体的概率为$\frac{3}{8}$；白眼黑檀体雄果蝇产生配子的过程中能（能/不能）形成bbXrXr类型的次级精母细胞．

分析 根据题意和图表分析可知：组合二为翻翅与翻翅杂交，后代出现正常翅，说明发生了性状分离，从而可判断翻翅对正常翅为显性．又子代翻翅：正常翅的理论值应为3：1，说明AA纯合致死．

解答 解：（1）据表可知，正常翅为隐性性状．在组合二的子代中，出现翻翅：正常翅=2：1现象的原因是基因型为AA的个体致死，即Aa：aa=2：1．
（2）用翻翅灰体果蝇与正常翅黑檀体果蝇作亲本进行杂交实验，F1有翻翅灰体果蝇和正常翅灰体果蝇两种表现型，说明灰体对黑檀体为显性．亲本基因型为AaBB和aabb，F1中翻翅灰体果蝇基因为AaBb．让F1中翻翅灰体果蝇相互交配，由于AA纯合致死，即AABB、AABb、AAbb个体致死，则其后代中翻翅灰体：翻翅黑檀体：正常翅灰体：正常州黑檀体比例为6：2：3：1．
（3）由于灰体（B）对黑檀体（b）为显性且位于Ⅲ号染色体上，果蝇的红眼（R）和白眼（r）基因位于X染色体上，红眼灰体雌果蝇和白眼灰体雄果蝇的基因型分别为B_XRX_和B_XrY．由于一只红眼灰体雌果蝇与一只白眼灰体雄果蝇交配，F1雄果蝇中，约有$\frac{1}{8}$为白眼黑檀体，所亲本的以基因型分别为BbXRXr和BbXrY．因此，F1雌果蝇中白眼灰体的概率为$\frac{3}{4}$×$\frac{1}{2}$=$\frac{3}{8}$．白眼黑檀体雄果蝇bbXrY产生配子的过程中，同源染色体分离，在减数第二次分裂过程中，能形成bbXrXr和bbYY类型的次级精母细胞．
故答案为：
（1）①隐性　   ②基因型AA的个体致死
（2）①AaBB和aabb　   ②6：2：3：1
（3）$\frac{3}{8}$   能

点评 本题具有一定的难度，属于考纲中理解、应用层次的要求，考查了基因自由组合定律的应用，以及显性纯合致死的实例，要求考生能够根据后代表现型判断显隐性，掌握基因自由组合定律的使用范围，并能设计相关实验进行验证．

练习册系列答案
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17．癌症是严重威胁人类健康的疾病之一，引起细胞癌变的根本原因是（　　）
A．霉变食物中所含有的致癌物质B．长期受到电离辐射或x射线照射
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15．下列关于病毒的叙述，正确的是（　　）
①在细胞内寄生并依赖于细胞的能量和代谢系统复制增殖；
②没有细胞结构，但有呼吸和生物合成等代谢的酶系；
③仅有一种核酸，DNA或RNA；
④消灭侵入机体细胞的病毒需依靠细胞免疫；
⑤同所有生物一样，能够发生遗传、变异和进化；
⑥是最基本的生命系统结构层次．
A．①③⑤⑥B．①③④⑤C．②③⑤⑥D．①②③④
12．回答有关生物工程相关的问题：为探究SHH基因与角化囊肿发生的相关性，科研人员利用SHH基因的非模板链转录合成RNA作为探针，进行分子杂交实验，以检测SHHH基因在角化囊肿中的表达情况．其基本流程如图：（Amp表示氨苄青霉素抗性基因；LacZ基因被SHH基因插入后不表达）．请回答：

（1）实验中，用添加氨苄青霉素的培养基培养大肠杆菌，未导入质粒的细菌将会死亡，原因是这此细菌不含有Amp（或氨苄青霉素抗性或抗性）基因．
（2）能表达LacZ基因的大肠杆菌在含有IPTG和X-gal的培养基上会形成蓝色菌落，易于识别．根据上述原理可以初步判断白色（蓝色/白色）菌落中的大肠杆菌为重组菌．
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19．图示为某湖泊生态系统中的能量流动情况，其中①一④表示具体的能量流动过程，a-d表示相关的能量数据．

（1）生态系统的结构包括生态系统的组成成分和营养结构，初级消费者排出的食物残渣中含有的能量属于生产者同化量，过程④表示分解者的分解作用
（2）图中第一营养级能量传递到第二营养级的效率约为16%，该湖泊生态系统是否处于稳定状态否（是/否），理由是该生态系统输出的能量大于输入的能量．生态系统之所以能维持相对稳定，是由于生态系统具有自我调节能力
（3）湖泊属于湿地生态系统，在进行湿地生态工程建设时，生物与环境的协调与平衡也是需要考虑的问题之一，处理好生物与环境的协调与平衡，还需要考虑环境承载力（环境容纳量，K值）．
9．图甲是某草原生态系统中碳循环模式图，图中ABCD表示生态系统的成分，图乙为其中部分营养结构．请据图回答：

（1）图甲中过程①表示光合作用和化能合成作用，图乙中的生物对应图甲中哪些成分DB（用字母表示）．
（2）若草固定的总能量为6.8x109kJ，食草昆虫和鼠摄取的总能量是1.3×108kJ，则人最少能获得能量5.5×107kJ．
（3）若蛇取食鼠的比例由$\frac{1}{4}$调整到$\frac{1}{2}$，从理论上分析，改变取食比例后蛇体重增加1kg，人比原来多增重1kg．（能量传递效率按20%计算）
（4）该草原曾发生过火灾，但此后又慢慢恢复，这属于群落的次生演替．从生态系统的角度分析，这体现了生态系统具有自我调节能力，这种能力的大小取决于营养结构（食物链或食物网）的复杂程度，基础是负反馈调节．
16．某植物体可以完成如图反应，下列有关表述不正确的是（　　）
◇-○+水$\stackrel{酶}{→}$◇+○
A．若图示代表二肽水解，根据酶具有专一性，该酶一定不能催化其他二肽水解
B．若图示代表二肽水解，其结果能增加氨基和羧基的数目
C．若图示代表二糖水解，则可表示乳糖水解的过程
D．若图示代表二糖水解，则可表示蔗糖水解的过程
13．如表为某微生物培养基的配方，请回答下列问题．
成分含量成分含量
NaNO33gK2HPO41g
KCl0.5gMgSO4•7H2O0.5g
FeSO40.01g（CH2O）30g
青霉素0.1万单位H2O1 000mL
（1）该培养基未加入凝固剂琼脂，依据物理性质，该培养基属于液体培养基．
（2）该培养基中的碳源是（CH2O），因为该物质是有机物，因此也可给培养的微生物提供能源．
（3）根据该培养基的配方，所培养的微生物的代谢类型是异养型．
（4）该培养基不适合培养细菌，因为青霉素可以抑制细菌的生长，但真菌可以在上面生存，因此由其功能上看该培养基可看作是一种选择培养基．
11．杂交育种的优点是（　　）
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