Question

5．已知基因A、B、C依次各控制三种酶的产生，可将一原本无色的物质转变成黑色素，即无色物质$\stackrel{A}{→}$X物质$\stackrel{B}{→}$Y物质$\stackrel{C}{→}$黑色素，则基因型AaBbCc的亲代相互交配，出现黑色子代的概率是（　　）

• A． $\frac{1}{64}$
• B． $\frac{3}{64}$
• C． $\frac{27}{64}$
• D． $\frac{9}{64}$

Answer 1

分析 根据题意分析可知：基因A、B、C分别控制酶Ⅰ、酶Ⅱ、酶Ⅲ的产生，这三种酶共同作用可将一原本无色的物质转变为黑色素，说明只有基因型为A_-B_-C_-的个体，才能正常合成黑色素．由于Aa自交后代为AA、Aa、aa，比例为1：2：1，能合成酶Ⅰ的概率为$\frac{3}{4}$；依此类推，据此答题．

解答 解：由于两亲本基因型均为AaBbCc，则子代中有正常合成黑色素的个体的几率是$\frac{3}{4}×\frac{3}{4}×\frac{3}{4}$=$\frac{27}{64}$．
故选：C．

点评 本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．