Question

下列溶液中粒子的物质的量浓度关系正确的是（）

    A． 0.1mol/L NaHCO₃溶液与0.1mol/L NaOH溶液等体积混合，所得溶液中：c（Na⁺）＞c（CO₃^2﹣）＞c（HCO₃^﹣）＞c（OH^﹣）

    B． 20mL 0.1mol/L CH₃COONa溶液与10mL 0.1mol/L HCl溶液混合后溶液呈酸性，所得溶液中：c（CH₃COO^﹣）＞c（Cl^﹣）＞c（CH₃COOH）＞c（H⁺）

    C． 室温下，pH=2的盐酸与pH=12的氨水等体积混合，所得溶液中：c（Cl^﹣）+c（H⁺）＞c（NH₄⁺）+c（OH^﹣）

    D． 0.1mol/L CH₃COOH溶液与0.1mol/L NaOH溶液等体积混合，所得溶液中：c（OH^﹣）＞c（H⁺）+c（CH₃COOH）

Answer 1

考点：  离子浓度大小的比较．

专题：  盐类的水解专题．

分析：  A．二者恰好反应生成Na₂CO₃，溶液中的溶质为0.05mol/L的Na₂CO₃，碳酸根离子两步水解都生成氢氧根离子，碳酸根离子只有第一步水解生成HCO₃^﹣；

B．二者混合后，溶液中的溶质为等物质的量浓度的NaCl、CH₃COONa、CH₃COOH，混合溶液呈酸性，说明醋酸的电离程度大于醋酸根离子水解程度，但醋酸电离和醋酸根离子水解程度都较小；

C．室温下，pH=2的盐酸与pH=12的氨水等体积混合，混合溶液呈碱性，任何电解质溶液中都存在电荷守恒，结合电荷守恒判断；

D．二者恰好反应生成CH₃COONa，溶液呈存在电荷守恒和物料守恒，根据电荷守恒和物料守恒判断．

解答：  解：A．二者混合后恰好反应生成Na₂CO₃，溶液中的溶质为0.05mol/L的Na₂CO₃，碳酸根离子两步水解都生成氢氧根离子，碳酸根离子只有第一步水解生成HCO₃^﹣，所以c（HCO₃^﹣）＜c（OH^﹣），故A错误；

B．二者混合后，溶液中的溶质为等物质的量浓度的NaCl、CH₃COONa、CH₃COOH，混合溶液呈酸性，说明醋酸的电离程度大于醋酸根离子水解程度，但醋酸电离和醋酸根离子水解程度都较小，所以溶液中粒子浓度大小顺序是c（CH₃COO^﹣）＞c（Cl^﹣）＞c（CH₃COOH）＞c（H⁺），故B正确；

C．室温下，pH=2的盐酸与pH=12的氨水等体积混合，混合溶液呈碱性即c（OH^﹣）＞c（H⁺），任何电解质溶液中都存在电荷守恒，根据电荷守恒得c（Cl^﹣）+c（OH^﹣）=c（H⁺）+c（NH₄⁺），且c（OH^﹣）＞c（H⁺），所以c（Cl^﹣）＜c（NH₄⁺），所以c（Cl^﹣）+c（H⁺）＜c（NH₄⁺）+c（OH^﹣），故C错误；

D．二者混合后恰好反应生成CH₃COONa，溶液呈存在电荷守恒和物料守恒，根据电荷守恒得c（CH₃COO^﹣）+c（OH^﹣）=c（H⁺）+c（Na⁺），根据物料守恒得c（Na⁺）=c（CH₃COO^﹣）+c（CH₃COOH），所以得c（OH^﹣）=c（H⁺）+c（CH₃COOH），故D错误；

故选B．

点评：  本题考查了离子浓度大小比较，明确溶液中的溶质及溶液酸碱性再结合电荷守恒、物料守恒来分析解答，离子浓度大小比较为2015届高考高频点，常常与盐类水解、弱电解质电离结合考查，题目难度中等．