题目内容
等腰直角△ABC和⊙O如图放置，已知AB=BC=1，∠ABC=90°，⊙O的半径为1，圆心O与直线AB的距离为5．现两个图形同时向右移动，△ABC的速度为每秒2个单位，⊙O的速度为每秒1个单位，同时△ABC的边长AB、BC又以每秒0.5个单位沿BA、BC方向增大．
（1）△ABC的边与圆第一次相切时，点B运动了多少距离？
（2）从△ABC的边与圆第一次相切到最后一次相切，共经过多少时间？
（3）是否存在某一时刻，△ABC与⊙O的公共部分等于⊙O的面积？若存在，求出恰好符合条件时两个图形各运动了多少时间；若不存在，请说明理由．
【答案】分析：（1）当△ABC第一次与圆相切时，应是AC与圆相切．如图，△ABC移至△A′B′C′处，A′C′与⊙O切于点E，连OE并延长，交B′C′于F．设⊙O与直线l切于点D，连OD，则OE⊥A′C′，OD⊥直线l．由切线长定理，以及直角三角形的性质可求得CD的值，进而求得CC′的值，从而求得点C运动的时间，也就有了点运动的时间，点B移动的距离可求得；
（2）△ABC与⊙O从开始运动到最后一次相切时，应为AB与圆相切，路程差为6，速度差为1，故从开始运动到最后一次相切的时间为6秒．
（3）若圆能在△ABC的内部时，则存在；若圆O不能在三角形的内部，则不存在；即求在（2）条件下，AC与圆的位置关系即可．
解答：解：（1）设第一次相切时，△ABC移至△A′B′C′处，A′C′与⊙O切于点E，连OE并延长交B′C′于F．
设⊙O与直线l切于点D，连OD，则OE⊥A′C′，OD⊥直线l，
由切线长定理可知C′E=C′D，设C′D=x，则C′E=x，易知C′F=
x，
∴
x+x=1，
解得：x=
-1，
∴CC′=5-1-（
-1）=5-
，
∴点C运动的时间为（5-
）÷（2+0.5）=2-
，
则点B运动的距离为2×（2-
）=4-
；
（2）∵△ABC与⊙O从开始运动到最后一次相切时，是AB与圆相切，且圆在AB的左侧，
故路程差为6，速度差为1，
∴从开始运动到最后一次相切的时间为6秒；
（3）不存在，理由为：△ABC与⊙O的公共部分等于⊙O的面积，即使△ABC的三边与⊙O相切，
∵△ABC与⊙O从开始运动到第二次相切时，路程差为4，速度差为1，
∴从开始运动到第二次相切的时间为4秒，此时△ABC移至△A″B″C″处，A″B″=1+4×
=3，
连接B″O并延长交A″C″于点P，易证B″P⊥A″C″，且OP=
-
=
＜1，
∴此时⊙O与A″C″相交，
∴不存在．
点评：此题考查了圆的综合题，涉及的知识有：圆与直线的位置关系，切线长定理，切线的性质，平移的性质，以及等腰直角三角形的性质，利用了数形结合的思想，是一道较为复杂的试题．
（2）△ABC与⊙O从开始运动到最后一次相切时，应为AB与圆相切，路程差为6，速度差为1，故从开始运动到最后一次相切的时间为6秒．
（3）若圆能在△ABC的内部时，则存在；若圆O不能在三角形的内部，则不存在；即求在（2）条件下，AC与圆的位置关系即可．
解答：解：（1）设第一次相切时，△ABC移至△A′B′C′处，A′C′与⊙O切于点E，连OE并延长交B′C′于F．
设⊙O与直线l切于点D，连OD，则OE⊥A′C′，OD⊥直线l，
由切线长定理可知C′E=C′D，设C′D=x，则C′E=x，易知C′F=
x，∴
x+x=1，解得：x=
-1，∴CC′=5-1-（
-1）=5-，∴点C运动的时间为（5-
）÷（2+0.5）=2-，则点B运动的距离为2×（2-
）=4-；（2）∵△ABC与⊙O从开始运动到最后一次相切时，是AB与圆相切，且圆在AB的左侧，
故路程差为6，速度差为1，
∴从开始运动到最后一次相切的时间为6秒；
（3）不存在，理由为：△ABC与⊙O的公共部分等于⊙O的面积，即使△ABC的三边与⊙O相切，
∵△ABC与⊙O从开始运动到第二次相切时，路程差为4，速度差为1，
∴从开始运动到第二次相切的时间为4秒，此时△ABC移至△A″B″C″处，A″B″=1+4×
=3，连接B″O并延长交A″C″于点P，易证B″P⊥A″C″，且OP=
-=＜1，∴此时⊙O与A″C″相交，
∴不存在．
点评：此题考查了圆的综合题，涉及的知识有：圆与直线的位置关系，切线长定理，切线的性质，平移的性质，以及等腰直角三角形的性质，利用了数形结合的思想，是一道较为复杂的试题．
练习册系列答案
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