题目内容

【题目】10分)如图所示,半径R=2m的四分之一粗糙圆弧轨道AB置于竖直平面内,轨道的B端切线水平,且距水平地面高度为h=125m,现将一质量m=02kg的小滑块从A点由静止释放,滑块沿圆弧轨道运动至B点以v=5m/s的速度水平飞出(g=10ms2)

求:(1)小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功;

2)小滑块着地时的速度.

【答案】(1) (2) ,水平方向夹角45度

【解析】

(1)滑块在圆弧轨道受重力、支持力和摩擦力作用,由动能定理
mgR+Wf=mv2
Wf=-1.5J
(2)滑块过B点后作平抛运动,设着地时竖直速度为vy,根据平抛运动规律有:
竖直方向末速度vy=5m/s

滑块落地时速度方向与水平方向夹角为θ度,则有tanθ= 所以θ=45°

即滑块落地时速度方向与水平方向夹角为45度。

故滑块落地时速度v

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