题目内容
7．如图所示是远距离输电的示意图，变压器均为理想变压器，电站的输出电压U1=250V，输出功率P1=100kW，输电线路的总电阻R=8Ω，若输电线路上损耗的功率为总功率的5%，则下列说法正确的是（ ）
| A． | 输电线路上损耗的功率为5kW | |
| B． | 输电线路上的输电电流大小为20A | |
| C． | 升压变压器的匝数比为$\frac{{n}_{1}}{{n}_{2}}$=$\frac{1}{16}$ | |
| D． | 若降压变压器的匝数比为$\frac{{n}_{3}}{{n}_{4}}$=$\frac{190}{11}$，则用户获得的电压UA为220V |
分析 明确发电机原理为电磁感应原理；根据电阻定律可求得导线电阻，则由损失的功率及功率公式可求得电流；由P=UI可求得升压变压器输出电压；由欧姆定律求出导线损耗的电压，由匝数之比等于电压之比可求得匝数之比．
解答 解：A、输电线上损耗的功率P=5%P1=0.05×100000=5Kw；故A正确；
B、由P=I2R可得：I=$\sqrt{\frac{P}{R}}$=$\sqrt{\frac{5000}{8}}$=25A；故B错误；
C、由P1=U2I可得：U2=$\frac{100000}{25}$=4000V；故升压变压器匝数之比为：$\frac{{n}_{1}}{{n}_{2}}$=$\frac{250}{4000}$=$\frac{1}{16}$；故C正确；
D、降压变压器输入端U3=U2-IR=4000-25×8=3800V；则UA=$\frac{3800×11}{190}$=220V；故D正确；
故选：ACD．
点评 本题考查远距离输电的内容，要注意明确远距离输电中的变压器原理，同时注意从导线损耗功率入手，灵活选择功率公式求解电流，再由欧姆定律求得电压等，即可求解．
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17．
如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的97%，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（ ）
如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的97%，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（ ）| A． | I=0.3A，R=711Ω | B． | I=0.3A，R=22Ω | C． | I=3.3A，R=711Ω | D． | I=3.3A，R=22Ω |
如图所示，半径为R=0.4m的光滑半圆形轨道处于竖直平面内，最高点为C点，半圆轨道与粗糙水平地面相切于圆环的端点B，在水平地面上的A点有一带正电小物块处于静止状态，物块质量m=0.1kg，电荷量q=1.0×10-3C，与地面的动摩擦因数μ=0.2，A点与B点的距离x=1m，在竖直线BC的右侧加一水平向左的匀强电场．释放小物块，小物块刚好能够通过圆轨道的C点，求：
2．如图甲所示，圆形线圈垂直放在匀强磁场里，规定磁场垂直纸面向外为正方向，磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示，下面关于线圈中感应电流的大小和方向的说法正确的是（ ）
| A． | 第1秒内感应电流增大，电流方向为逆时针 | |
| B． | 第2秒内感应电流大小不变，电流方向为顺时针 | |
| C． | 第3秒内感应电流减小，电流方向为逆时针 | |
| D． | 第4秒内感应电流大小不变，电流方向为顺时针 |
如图所示，真空中有一个半径R=2m，质量分布均匀的玻璃球，一细激光束在真空中沿直线BC传播，从玻璃球的C点经折射进入玻璃球，在玻璃球表面的D点又折射进入真空中，已知∠COD=120°，入射角i=60°，光在真空中的传播速度c=3×108m/s，求：
16．
如图所示，质量相等的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的商品圆盘上，两物块与竖直轴的距离rA＜rB且两物块始终相对于圆盘静止，则两物块（ ）
如图所示，质量相等的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的商品圆盘上，两物块与竖直轴的距离rA＜rB且两物块始终相对于圆盘静止，则两物块（ ）| A． | 线速度相同 | |
| B． | 加速度相同 | |
| C． | A所需要的向心力大于B所需要的向心力 | |
| D． | 所受的静摩擦力大小相同 |
如图所示，光滑水平面轨道上有三个木块，A、B、C，质量分别为mA=mc=2m，mB=m，A、B用细绳连接，中间有一压缩的弹簧 （弹簧与滑块不栓接）．开始时A、B以共同速度v0运动，C静止．某时刻细绳突然断开，A、B被弹开，然后B又与C发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同．