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3．如图甲所示，在一空心螺线管内部中点处放置一小铜环，图乙所示，在一空心螺线管外部放置一大铜环，电路接通瞬间，下列说法正确的是（ ）
| A． | 从左往右看，两个铜环中部都有顺时针方向感应电流 | |
| B． | 从左往右看，小铜环有顺时针方向感应电流，大铜环中有逆时针方向感应电流 | |
| C． | 两个铜环都有收缩趋势 | |
| D． | 小铜环有收缩趋势，大铜环有扩张趋势 |
分析 根据接通瞬间，导致穿过线圈的磁通量发生变化，根据楞次定律，来判定感应电流方向，再依据左手定则，来确定安培力的方向，从而即可求解．
解答 解：AB、根据楞次定律，当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，则铜环中的感应电流的磁场的方向向右，从左侧看，铜环的感应电流顺时针；同理也可以判断出大铜环也有顺时针方向感应电流，故A正确，B错误；
CD、当接通开关瞬间时，导致穿过线圈的磁通量向左增大，根据楞次定律可知，小铜环的面积收缩能阻碍磁通量的增大，所以小铜环有收缩的趋势；但由于螺线管外侧的磁场方向与螺线管内部的磁场的方向相反，所以大铜环的面积增大能阻碍环内磁通量的增大，所以大铜环有扩张趋势，故C错误，D正确；
故选：AD
点评 考查楞次定律与左手定则的应用，掌握右手螺旋定则内容，注意左手定则与右手定则的区别，同时注意磁通量的概念．
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18．图示为交流发电机的示意图，图中线圈平面与磁场垂直．下列分析正确的是（ ）
| A． | 在图示位置时，线圈产生的感应电动势最大 | |
| B． | 在图示位置时，穿过线圈的磁通量变化率最大 | |
| C． | 线圈从图示位置转动$\frac{1}{4}$圈时，感应电动势为0 | |
| D． | 线圈从图示位置转动$\frac{1}{4}$圈时，磁通量变化率最大 |
如图所示，放在蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极，如果磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．
质谱仪由电离室、加速区、速度选择器和磁分析区（图中未画出）组成．电离室会电离出速度不同的同种带电粒子，加速区电压为U，速度选择器中电场强度方向向下，大小为E，磁场垂直纸面向内，B的大小可变化．O1，O，O2三个小孔在同一直线上，且平行于选择器极板．
如图所示，某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹后，又在估计上取出a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）．已知小方格纸的边长L=2.5cm，g取10m/s2．请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：
在“研究平抛物体运动的实验”中，有以下两个探究问题：
15．
如图所示，传送带与水平面的夹角为θ，当传送带静止时，在传送带顶端由静止释放小物块m，小物块滑到底端需要的时间为t0，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为μ，则（ ）
如图所示，传送带与水平面的夹角为θ，当传送带静止时，在传送带顶端由静止释放小物块m，小物块滑到底端需要的时间为t0，已知小物块与传送带间的动摩擦因数为μ，则（ ）| A． | 物块与传送带间的动摩擦因数μ=tanθ | |
| B． | 若传送带逆时针转动，物块在传送带上开始滑动时加速度的值为gsinθ-μgcosθ | |
| C． | 若传送带逆时针转动，物块滑到底端需要的时间小于t0 | |
| D． | 若传送带顺时针转动，物块滑到底端需要的时间大于t0 |
如图（甲）所示，倾角α=30°、宽度L=0.5m、电阻不计的光滑金属轨道足够长，在轨道的上端连接阻值R=1.0Ω的定值电阻，金属杆MN的电阻r=0.5Ω，质量m=0.16kg，整个装置处于垂直轨道平面向下的匀强磁场中．将金属杆由静止开始释放，在计算机屏幕上同步显示出电流i和时间t的关系如图（乙）所示，已知t=3.2s之后电流渐近于某个恒定的数值，杆与轨道始终保持垂直，0～3.2s内金属杆下滑的距离s=11m．求：
如图所示的是验证动量守恒定律的实验装置示意图．