题目内容
15.半径为R的光滑细圆环轨道被固定在竖直平面内.内有质量为2m和m的两个小球以相同的角速度经过图示位置.小球直径远小于轨道半径.下列说法正确的是( )A. | ω<$\sqrt{\frac{g}{R}}$则在图示位置两小球对轨道的作用力方向一定竖直向下 | |
B. | ω=$\sqrt{\frac{g}{R}}$ 则在图示位置两小球对轨道的作用力为零 | |
C. | ω>$\sqrt{\frac{g}{R}}$ 则在图示位置两小球对轨道的作用力方向一定竖直向上 | |
D. | ω=$\sqrt{\frac{3g}{R}}$ 则在图示位置两小球对轨道的作用力为零 |
分析 在最高点和最低点根据牛顿第二定律求得对轨道的作用力,根据受力分析求得轨道受到的合力即可判断
解答 解:在最高点,对小球受力分析,档对轨道无作用力时,根据牛顿第二定律可知2mg=2mω2R,解得$ω=\sqrt{\frac{g}{R}}$,当$ω<\sqrt{\frac{g}{R}}$时,轨道对物体有向上的支持力,物体对轨道有向下的压力,当$ω>\sqrt{gR}$时,物体对轨道有向上的压力
在最低点,根据${F}_{N}-mg=m{ω}^{2}r$可知,轨道对物体的支持力一定向上,故物体对轨道有向下的压力
A、当ω<$\sqrt{\frac{g}{R}}$时,对2m可知$2mg-{F}_{N1}=2m{ω}^{2}R$,解得${F}_{N1}=2mg-2m{ω}^{2}R$;对m可知${F}_{{N}_{2}}-mg=m{ω}^{2}R$,解得${F}_{N2}=mg+m{ω}^{2}R$,故对轨道的作用力为$F={F}_{N1}+{F}_{N2}=3mg-m{ω}^{2}R>2mg$,方向向下,故A正确;
B、当ω=$\sqrt{\frac{g}{R}}$,是2m的物体对轨道无作用力,m的物体对轨道有向下的作用力,故合力向下,故BC偶无;
C、当ω>$\sqrt{\frac{g}{R}}$ 时,对2m可知${F}_{N1}+2mg=2m{ω}^{2}R$,解得${F}_{N1}=m{ω}^{2}R-2mg$,对m可知${F}_{{N}_{2}}-mg=m{ω}^{2}R$,解得${F}_{N2}=mg+m{ω}^{2}R$,故对轨道的作用力$F={F}_{N2}-{F}_{N1}=3mg-m{ω}^{2}R$,解得当ω=$\sqrt{\frac{3g}{R}}$ 则在图示位置两小球对轨道的作用力为零,故C错误,D正确
故选:AD
点评 本题考查牛顿第二定律的应用,要明确两球的角速度大小相等,要知道小球通过最高点和最低点时由合力提供向心力
A. | F | B. | $\frac{1}{5}$F | C. | $\frac{3}{10}$F | D. | $\frac{2}{5}$F |
A. | 两小球的下落时间之比为1:4 | B. | 两小球的下落时间之比为1:1 | ||
C. | 两小球的初速度大小之比为1:4 | D. | 两小球的初速度大小之比为1:5 |
A. | $\frac{{R}_{B}}{4}$ | B. | $\frac{{R}_{B}}{3}$ | C. | $\frac{{R}_{B}}{2}$ | D. | RB |
A. | 它在水平方向的射程为250 m | |
B. | 它到达最高点的速度为50 m/s | |
C. | 它到达最高点的时间为5 s | |
D. | 落地时速度与水平方向夹角仍为45° |
A. | 绳子对A、B的拉力大小相等 | B. | 小球A可能受到2个力的作用 | ||
C. | 小球B可能受到3个力的作用 | D. | A、B的质量之比为1:tanθ |