题目内容
9.如图所示,轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接,另一端与物体A相连,物体A静止于光滑水平桌面上,右端接一细线,细线绕过光滑的轻质定滑轮与物体B相连.开始时用手托住B,让细线恰好伸直,然后由静止释放B,直至B获得最大速度.下列有关该过程的分析中正确的是( )A. | B物体的机械能一直在增大 | |
B. | B物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和 | |
C. | B物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量 | |
D. | 细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量 |
分析 本题首先要分析清楚过程中物体受力的变化情况,清理各个力做功情况;根据功能关系明确系统动能、B重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况,注意各种功能关系的应用.
解答 解:A、从开始到B速度达到最大的过程中,绳子的拉力对B一直做负功,所以B的机械能一直减小,故A错误;
B、对于B物体,只有重力与细线拉力做功,根据动能定理可知,B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和,故B正确;
C、整个系统中,根据功能关系可知,B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能,故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量,故C错误;
D、根据功能关系,系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功,A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A做的功,故D正确.
故选:BD.
点评 正确受力分析,明确各种功能关系,是解答这类问题的关键,这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用.
练习册系列答案
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2.关于电流通过导体产生的热量的规律描述错误的是( )
A. | 与电流的二次方成正比 | B. | 与导体的电阻成正比 | ||
C. | 与电流的大小成正比 | D. | 与通电时间成正比 |
3.下列说法中正确的是( )
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C. | 把安培定则用于通电螺线管时,大拇指所指的方向是螺线管外部磁感线的方向 | |
D. | 把安培定则用于环形导线时,当右手弯曲的四指和环形电流方向一致时,大拇指所指的方向是环形导线中心轴线上的磁感线方向 |
17.如图1所示,弹簧振子以点O为平衡位置,在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方向,振子的位移x随时间t的变化如图2所示,下列说法正确的是( )
A. | t=0.8s时,振子的速度方向向左 | |
B. | t=0.2s时,振子在O点右侧6cm处 | |
C. | t=0.4s和t=1.2s时,振子的加速度完全相同 | |
D. | t=0.4s到t=0.8s的时间内,振子的速度逐渐增大 |
14.如图所示,小球A位于斜面上,小球B与小球A位于同一高度,现将小球A,B分别以v1和v2的速度水平抛出,都落在了倾角为45°的斜面上的同一点,且小球恰好垂直打到斜面上,则v1:v2为( )
A. | 3:2 | B. | 2:1 | C. | 1:1 | D. | 1:2 |
1.如图所示,一圆环上均匀分布着正电荷,x轴垂直于环面且过圆心O.下列关于X轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )
A. | O点的电场强度为零,电势最低 | |
B. | O点的电场强度为零,电势最高 | |
C. | 从O点沿X轴正方向,电场强度减小,电势减小 | |
D. | 从O点沿X轴正方向,电场强度先增大后减小,电势一直降低 |
18.如图所示,虚线表示某电场的等势面.一带电粒子仅在电场力作用下沿实线所示的运动径迹从a运动到b.设a、b两点的电场强度大小分别为Ea、Eb,粒子在a、b两点的速度大小分别为va、vb,粒子在a、b两点的电势能大小分别为EPa、EPb.下列结论正确的是( )
A. | Ea<Eb | |
B. | va<vb | |
C. | EPa<EPb | |
D. | 粒子从a运动到b的过程中,电场力做正功 |
19.如图,矩形线圈ABCD放在匀强磁场中,绕一在线圈平面内垂直于磁感线的轴匀速转动,其角速度大小为ω=2πrad/s,线圈的匝数N=50匝,线圈围成的面积为1m2,线圈的电阻为R=10,匀强磁场的磁感应强度大小为B=0.2T,若从图示时刻(线圈平面与磁场方向的夹角θ=45°)开始计时,并且设电流流向ABCD为正,则( )
A. | 该交变电流的频率为1Hz | |
B. | 改交变电流的表达式i=2sin(2t-$\frac{π}{4}$)A | |
C. | 线圈中产生电功率为40W | |
D. | 线圈中电流的方向每分钟改变120次 |