题目内容
数列{an}是公比大于1的等比数列,a2=6,S3=26.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)在an与an+1之间插入n个数,使这n+2个数组成公差为dn的等差数列.设第n个等差数列的前n项和是An.求关于n的多项式g(n),使得An=g(n)dn对任意n∈N+恒成立;
(3)对于(2)中的数列d1,d2,d3,…,dn,…,这个数列中是否存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列?若存在,求出这样的三项;若不存在,说明理由.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)在an与an+1之间插入n个数,使这n+2个数组成公差为dn的等差数列.设第n个等差数列的前n项和是An.求关于n的多项式g(n),使得An=g(n)dn对任意n∈N+恒成立;
(3)对于(2)中的数列d1,d2,d3,…,dn,…,这个数列中是否存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列?若存在,求出这样的三项;若不存在,说明理由.
分析:(1)设公比为q,由,a2=6,S3=26 求得q=3,从而求得 a1=2,由此求出等比数列的通项公式.
(2)由等差数列的通项公式求得 dn=
,利用等差数列的前n项和公式求得可得 An=
,再由 An=g(n)dn对任意n∈N+恒成立,求得 g(n).再由 dk2=dm•dp,求得 m=k=p,这与dm,dk,dp是不同的三项相矛盾,由此得出结论.
(2)由等差数列的通项公式求得 dn=
4×3 n-1 |
n+1 |
4• n2•3 n-1 |
n+1 |
解答:解:(1)设公比为q,由,a2=6,S3=26 可得
+6+6q=20,解得q=3,或 q=
,再由q>1可得q=3,∴a1=2,an=2×3n-1.
(2)由等差数列的通项公式可得 2×3n=2×3n-1+(n+1)•dn,∴dn=
,
∴An=n 2×3n-1+
•
=
.
∵An=g(n)dn对任意n∈N+恒成立,∴g(n)=n2.
(3)对于(2)中的数列d1,d2,d3,…,dn,…,这个数列中若存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列,
则有 dk2=dm•dp,即 (
)2=
•
,再由 2k=mp,解得 m=k=p,
这与dm,dk,dp是不同的三项相矛盾,故不存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列.
6 |
q |
1 |
3 |
(2)由等差数列的通项公式可得 2×3n=2×3n-1+(n+1)•dn,∴dn=
4×3 n-1 |
n+1 |
∴An=n 2×3n-1+
n(n-1) |
2 |
4×3 n-1 |
n+1 |
4• n2•3 n-1 |
n+1 |
∵An=g(n)dn对任意n∈N+恒成立,∴g(n)=n2.
(3)对于(2)中的数列d1,d2,d3,…,dn,…,这个数列中若存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列,
则有 dk2=dm•dp,即 (
4×3 k-1 |
n+1 |
4×3 m-1 |
m+1 |
4×3 p-1 |
p+1 |
这与dm,dk,dp是不同的三项相矛盾,故不存在不同的三项dm,dk,dp(其中正整数m,k,p成等差数列)成等比数列.
点评:本题主要考查等比数列的定义和性质,等比数列的通项公式,等比数列的前n项和公式的应用,属于中档题.
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