题目内容
16.在平面直角坐标系中,已知三点A(m,n),B(n,t),C(t,m),直线AC的斜率与倾斜角为钝角的直线AB的斜率之和为$\frac{5}{3}$,而直线AB恰好经过抛物线x2=2p(y-q)的焦点F(0,$\frac{p}{2}$+q),并且与抛物线交于P、Q两点(P在Y轴左侧).则$\frac{{|{PF}|}}{{|{QF}|}}$=( )A. | 9 | B. | 4 | C. | $\frac{{\sqrt{173}}}{2}$ | D. | $\frac{21}{2}$ |
分析 如图所示,设kAB=$\frac{t-n}{n-m}$,kAC=$\frac{m-n}{t-m}$,kAB+kAC=$\frac{5}{3}$,变形为(n-m)•kAB=t-n=(t-m)+(m-n),可得kAB=$\frac{t-m}{n-m}-1$=-$\frac{1}{{k}_{AC}}$-1,解得kAB=-$\frac{4}{3}$.
可得:直线AB的方程为:$y=-\frac{4}{3}x+(\frac{p}{2}+q)$,设P(x1,y1),Q(x2,y2).(x1<0<x2).与抛物线方程联立可得${x}^{2}+\frac{8}{3}px-{p}^{2}=0$.利用根与系数的关系可得:$\frac{({x}_{1}+{x}_{2})^{2}}{{x}_{1}{x}_{2}}$=$\frac{{x}_{1}}{{x}_{2}}+\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$+2=-$\frac{64}{9}$,解得$\frac{-{x}_{1}}{{x}_{2}}$,利用$\frac{{|{PF}|}}{{|{QF}|}}$=$\frac{-{x}_{1}}{{x}_{2}}$即可得出.
解答 解:如图所示,
解:设kAB=$\frac{t-n}{n-m}$,kAC=$\frac{m-n}{t-m}$,
则$\frac{t-m}{n-m}+\frac{m-n}{t-n}=\frac{5}{3}$,
∵(n-m)•kAB=t-n=(t-m)+(m-n),
∴kAB=$\frac{t-m}{n-m}-1$=-$\frac{1}{{k}_{AC}}$-1,∴kAC=$-\frac{1}{{k}_{AB}+1}$.
∴kAB-$\frac{1}{{k}_{AB}+1}$=$\frac{5}{3}$,
解得kAB=-$\frac{4}{3}$或2(舍去).
∴直线AB的方程为:$y=-\frac{4}{3}x+(\frac{p}{2}+q)$,设P(x1,y1),Q(x2,y2).(x1<0<x2).
联立$\left\{\begin{array}{l}{y=-\frac{4}{3}x+(\frac{p}{2}+q)}\\{{x}^{2}=2p(y-q)}\end{array}\right.$,化为${x}^{2}+\frac{8}{3}px-{p}^{2}=0$.
∴x1+x2=-$\frac{8}{3}p$,x1x2=-p2,
∴$\frac{({x}_{1}+{x}_{2})^{2}}{{x}_{1}{x}_{2}}$=$\frac{{x}_{1}}{{x}_{2}}+\frac{{x}_{2}}{{x}_{1}}$+2=-$\frac{64}{9}$,
令$\frac{-{x}_{1}}{{x}_{2}}$=t>1,
则$-t-\frac{1}{t}+2=-\frac{64}{9}$,
化为9t2-82t+9=0,t>1.
解得t=9.
∴$\frac{{|{PF}|}}{{|{QF}|}}$=$\frac{-{x}_{1}}{{x}_{2}}$=9.
故选:A.
点评 本题考查了抛物线的定义及其标准方程、直线与抛物线相交问题转化为方程联立可得根与系数的关系、斜率计算公式,考查了较强的变形能力,考查了推理能力与计算能力,属于难题.

A. | 2|PQ|=|BC|+|OQ| | B. | |PQ|2=|BC|•|OQ| | C. | 2|OQ|=|PQ|+|BC| | D. | |OQ|2=|PQ|•|BC| |
A. | y2=$\frac{4}{3}$x或x2=-$\frac{9}{4}$y | B. | y2=$\frac{8}{3}$x或x2=-$\frac{9}{4}$x | C. | y2=$\frac{4}{3}$x或x2=-$\frac{9}{2}$y | D. | y2=$\frac{8}{3}$x或x2=-$\frac{9}{2}$y |
A. | p2 | B. | $\sqrt{3}$p2 | C. | 2p2 | D. | 2$\sqrt{3}$p2 |