题目内容
5.已知公差大于零的等差数列{an}的前n项和Sn,且满足:a2•a4=65,a1+a5=18.(1)求数列{an}的通项公式an;
(2)若1<i<21,a1,ai,a21是正项等比数列{bn}的第1、3、5项,求i值及数列{bn}的前n项和Tn;
(3)是否存在常数k,使得数列{$\sqrt{{S}_{n}+kn}$}为等差数列,若存在,求出常数k;若不存在,请说明理由.
分析 (1)利用等差数列的性质得到a2+a4=18,利用韦达定理得到a2,a4二次方程的两个根,求出两个根,利用等差数列的通项列出方程组,求出首项与公差,求出通项.
(2)利用(1)中求出的通项求出a1,ai,a21,根据它们成等比数列;列出方程求出i的值,可求数列{bn}的前n项和Tn;
(3)利用等差数列的前n项和公式求出Sn,假设存在k,使数列为等差数列,求出数列的前三项,前三项成等比数列,列出方程求出k的值.
解答 解:(1){an}为等差数列,
∴a1+a5=a2+a4=18,
又a2•a4=65,∴a2,a4是方程x2-18x+65=0的两个根,
又公差d>0,∴a2<a4,∴a2=5,a4=13.
∴$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}+d=5}\\{{a}_{1}+3d=13}\end{array}\right.$,∴a1=1,d=4,
∴an=4n-3.(5分)
(2)由1<i<21,a1,ai,a21是某等比数列的连续三项,∴a1•a21=ai2,
即1×81=(4i-3)2,
解得i=3.
∴b1=1,b3=9,
∴Tn=$\frac{1-{9}^{n}}{1-9}$=$\frac{1}{8}$(9n-1);
(3)由(1)知,Sn=n+$\frac{n(n-1)}{2}×4$=2n2-n,
假设存在常数k,使数列{$\sqrt{{S}_{n}+kn}$}为等差数列,
由$\sqrt{{S}_{1}+k}+\sqrt{{S}_{3}+3k}$=2$\sqrt{{S}_{2}+2k}$,
得$\sqrt{1+k}+\sqrt{15+3k}=2\sqrt{6+2k}$,
解得k=1.
∴$\sqrt{{S}_{n}+kn}$=$\sqrt{2}$n,
此时有$\sqrt{2}$n-$\sqrt{2}$(n-1)=$\sqrt{2}$,数列{$\sqrt{{S}_{n}+kn}$}为等差数列.
∴存在常数k使得数列{$\sqrt{{S}_{n}+kn}$}为等差数列.
点评 解决等差数列、等比数列问题时,常利用首项、公差、公比围绕通项公式及前n项和公式,列方程解;解决是否存在这种开放型的题目,一般假设存在去求,求出即存在.
A. | 6 | B. | 8 | C. | 10 | D. | 12 |