Question

8．（1）设S_n=1+$\frac{1}{2}$+$\frac{1}{3}$+…+$\frac{1}{n}$，试比较S_n与曲线y=$\frac{1}{x}$，x轴及直线x=1和x=n+1围成的面积的大小．
（2）求证：1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$＜3．

Answer 1

分析 （1）利用定积分求出曲线y=$\frac{1}{x}$，x轴及直线x=1和x=n+1围成的面积，构造h（x）=ln（1+x）-x，证明ln（x+1）≤x，令x=$\frac{1}{n}$，利用叠加法，即可得出结论；
（2）构造数列a_n=1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$-（3-$\frac{2}{\sqrt{n}}$），证明a_n+1＜a_n，即可证明结论．

解答 （1）解：曲线y=$\frac{1}{x}$，x轴及直线x=1和x=n+1围成的面积S=${∫}_{1}^{n+1}\frac{1}{x}dx$=lnx${|}_{1}^{n+1}$=ln（n+1），
令h（x）=ln（1+x）-x，h′（x）=-$\frac{x}{1+x}$
h（x）在（-1，0）上单调递增，在（0，+∞）上单调递减
∴x＞-1时，h（x）≤0⇒ln（x+1）≤x
令x=$\frac{1}{n}$，则$\frac{1}{n}$＞ln（1+$\frac{1}{n}$）=ln（n+1）-lnn
∴S_n=1+$\frac{1}{2}$+$\frac{1}{3}$+…+$\frac{1}{n}$＞ln2-ln1+ln3-ln2+…+ln（n+1）-lnn=ln（n+1）=S；
（2）证明：构造数列a_n=1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$-（3-$\frac{2}{\sqrt{n}}$），
则a_n+1=1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{（n+1）^{3}}}$-（3-$\frac{2}{\sqrt{n+1}}$），
∴a_n+1-a_n=$\frac{\sqrt{n}（2n+3）-\sqrt{n+1}（2n+2）}{\sqrt{n（n+1）^{3}}}$，
∵n（2n+3）²-（n+1）（2n+2）²＜0，
∴a_n+1-a_n＜0
∴a_n+1＜a_n，
∴a_n=1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$-（3-$\frac{2}{\sqrt{n}}$）≤a₁=0
∴1+$\frac{1}{\sqrt{{2}^{3}}}$+$\frac{1}{\sqrt{{3}^{3}}}$+…+$\frac{1}{\sqrt{{n}^{3}}}$≤3-$\frac{2}{\sqrt{n}}$＜3

点评 本题考查利用叠定积分求面积，考查导数知识的运用，正确构造函数是关键．