题目内容

已知首项为a（a≠0）的数列{a_n}的前n项和为S_n，，若对任意的正整数m、n，都有

)2．
（Ⅰ）证明：数列{a_n}是等差数列；
（Ⅱ）若a=1，数列{b_n}的首项为b（b≠1），第n（n∈N^*，n≥2）项b_n是数列{a_n}的第b_n-1项，求证：数列|b_n-1|为等比数列；
（Ⅲ）若对（Ⅱ）中的数列{a_n}和{b_n}及任意正整数n，均有2an+b_n+11≥0成立，求实数b的最小值．

分析：（Ⅰ）在

)2中，取m=1，得

=n2，即S_n=n²a，所以a_n=S_n-S_n-1=n²a-（n-1）²a=（2n-1）a，由此能求出{a_n}是以a为首项，2a为公差的等差数列．
（Ⅱ）由a_n=2n-1，b_n=2b_n-1-1，知b_n-1=2（b_n-1-1），由此能够证明|b_n-1|都给以b-1为首项，2为公比的等比数列．
（Ⅲ）由b_n-1=（b-1）•2^n-1，b_n=1+（b-1）•2^n-1，由题意得，不等式不承认真即b-1≥-

22n-1+12

2n-1

=-(2n+

)恒成立．

解答：解：（Ⅰ）证明：在

)2中，取m=1，得

=n2，即S_n=n²a，
当n≥2时，S_n-1=（n-1）²a，
∴a_n=S_n-S_n-1=n²a-（n-1）²a=（2n-1）a，
当n=1时，a₁=a也适合上式，
∴a_n=（2n-1）a，n∈N⁺，
∵a_n+1-a_n=2a，
∴{a_n}是以a为首项，2a为公差的等差数列．
（Ⅱ）证明：当a=1时，由（Ⅰ）可得a_n=2n-1，
∴b_n=2b_n-1-1，
即有b_n-1=2（b_n-1-1），
b₁-1=b-1≠0，
∴{b_n-1}是以b-1为首项，2为公比的等比数列．
（Ⅲ）由（Ⅱ）知，b_n-1=（b-1）•2^n-1，
∴b_n=1+（b-1）•2^n-1，
∴由题意得，不等式2^2n-1+（b-1）•2^n-1+12≥0对任意正整数n恒成立，
即b-1≥-

22n-1+12

2n-1

=-(2n+

)恒成立．
设t=2ⁿ（t=2，4，8，…），则b-1＞-(t+

)恒成立，
对于函数y=x+

，
y′= 1-

(x+2

)(x-2

)

．
当x∈(-2

，2

)时，y′＜0，当x∈(-∞，-2