题目内容
设a＞0，函数f（x）=x2+a|lnx-1|．（1）当a=1时，求曲线y=f（x）在x=1处的切线方程；
（2）当x∈[1，+∞）时，求函数f（x）的最小值．
分析：（1）将a=1代入，对函数f（x）进行求导得到切线的斜率=f'（1），切点为（1，2），从而得到切线方程．
（2）分x≥e和x＜e两种情况讨论．分别对函数f（x）进行求导，根据导函数的正负判断出函数f（x）的单调性后可得到答案．
（2）分x≥e和x＜e两种情况讨论．分别对函数f（x）进行求导，根据导函数的正负判断出函数f（x）的单调性后可得到答案．
解答：解（1）当a=1时，f（x）=x2+|lnx-1|
令x=1得f（1）=2，f'（1）=1，所以切点为（1，2），切线的斜率为1，
所以曲线y=f（x）在x=1处的切线方程为：x-y+1=0．
（2）①当x≥e时，f（x）=x2+alnx-a，f′(x)=2x+
（x≥e）
∵a＞0，
∴f（x）＞0恒成立．
∴f（x）在[e，+∞）上增函数．
故当x=e时，ymin=f（e）=e2
②当1≤x＜e时，f（x）=x2-alnx+a，
f′(x)=2x-
=
(x+
)(x-
)（1≤x＜e）
（i）当
≤1，即0＜a≤2时，f'（x）在x∈（1，e）时为正数，
所以f（x）在区间[1，e）上为增函数．
故当x=1时，ymin=1+a，且此时f（1）＜f（e）
（ii）当1＜
＜e，即2＜a＜2e2时，
f'（x）在x∈(1，
)时为负数，在间x∈(
)时为正数
所以f（x）在区间[1，
)上为减函数，在(
，e]上为增函数
故当x=
时，ymin=
-
ln
，
且此时f(
)＜f(e)
（iii）当
≥e；即a≥2e2时，
f'（x）在x∈（1，e）时为负数，
所以f（x）在区间[1，e]上为减函数，
当x=e时，ymin=f（e）=e2．
综上所述，当a≥2e2时，f（x）在x≥e时和1≤x≤e时的最小值都是e2．
所以此时f（x）的最小值为f（e）=e2；
当2＜a＜2e2时，f（x）在x≥e时的最小值为f(
)=
-
ln
，
而f(
)＜f(e)，
所以此时f（x）的最小值为f(
)=
-
ln
．
当0＜a≤2时，在x≥e时最小值为e2，在1≤x＜e时的最小值为f（1）=1+a，
而f（1）＜f（e），所以此时f（x）的最小值为f（1）=1+a
所以函数y=f（x）的最小值为ymin=
令x=1得f（1）=2，f'（1）=1，所以切点为（1，2），切线的斜率为1，
所以曲线y=f（x）在x=1处的切线方程为：x-y+1=0．
（2）①当x≥e时，f（x）=x2+alnx-a，f′(x)=2x+
| a |
| x |
∵a＞0，
∴f（x）＞0恒成立．
∴f（x）在[e，+∞）上增函数．
故当x=e时，ymin=f（e）=e2
②当1≤x＜e时，f（x）=x2-alnx+a，
f′(x)=2x-
| a |
| x |
| 2 |
| x |
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（i）当
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所以f（x）在区间[1，e）上为增函数．
故当x=1时，ymin=1+a，且此时f（1）＜f（e）
（ii）当1＜
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f'（x）在x∈(1，
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所以f（x）在区间[1，
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故当x=
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| 3a |
| 2 |
| a |
| 2 |
| a |
| 2 |
且此时f(
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（iii）当
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f'（x）在x∈（1，e）时为负数，
所以f（x）在区间[1，e]上为减函数，
当x=e时，ymin=f（e）=e2．
综上所述，当a≥2e2时，f（x）在x≥e时和1≤x≤e时的最小值都是e2．
所以此时f（x）的最小值为f（e）=e2；
当2＜a＜2e2时，f（x）在x≥e时的最小值为f(
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| 3a |
| 2 |
| a |
| 2 |
| a |
| 2 |
而f(
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所以此时f（x）的最小值为f(
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| 3a |
| 2 |
| a |
| 2 |
| a |
| 2 |
当0＜a≤2时，在x≥e时最小值为e2，在1≤x＜e时的最小值为f（1）=1+a，
而f（1）＜f（e），所以此时f（x）的最小值为f（1）=1+a
所以函数y=f（x）的最小值为ymin=
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点评：本题主要考查函数导数的几何意义和函数的单调性与其导函数的正负之间的关系．当导函数大于0时原函数单调递增，当导函数小于0时原函数单调递减．
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