题目内容
已知圆C1的圆心在坐标原点O,且恰好与直线l1:x-y-2
=0相切.
(Ⅰ)求圆的标准方程;
(Ⅱ)设点A(x0,y0)为圆上任意一点,AN⊥x轴于N,若动点Q满足
=m
+n
,(其中m+n=1,m,n≠0,m为常数),试求动点Q的轨迹方程C2;
(Ⅲ)在(Ⅱ)的结论下,当m=
时,得到曲线C,问是否存在与l1垂直的一条直线l与曲线C交于B、D两点,且∠BOD为钝角,请说明理由.
2 |
(Ⅰ)求圆的标准方程;
(Ⅱ)设点A(x0,y0)为圆上任意一点,AN⊥x轴于N,若动点Q满足
OQ |
OA |
ON |
(Ⅲ)在(Ⅱ)的结论下,当m=
| ||
2 |
分析:(Ⅰ)根据圆与直线l1:x-y-2
=0相切,利用点到直线的距离,求出圆的半径,从而可求圆C1的方程;
(Ⅱ)设出点的坐标,利用向量条件,确定动点坐标之间的关系,利用A为圆上的点,即可求得动点Q的轨迹方程C2;
(Ⅲ)m=
时,曲线C方程为
+
=1,假设直线l的方程,与椭圆
+
=1联立,利用韦达定理及向量条件,利用数量积小于0,即可得到结论.
2 |
(Ⅱ)设出点的坐标,利用向量条件,确定动点坐标之间的关系,利用A为圆上的点,即可求得动点Q的轨迹方程C2;
(Ⅲ)m=
| ||
2 |
x2 |
4 |
y2 |
3 |
x2 |
4 |
y2 |
3 |
解答:解:(Ⅰ)设圆的半径为r,圆心到直线l1距离为d,则d=
=2…(2分)
所以圆C1的方程为x2+y2=4…(3分)
(Ⅱ)设动点Q(x,y),A(x0,y0),AN⊥x轴于N,N(x0,0)
由题意,(x,y)=m(x0,y0)+n(x0,0),所以
…(5分)
即:
,将A(x,
y)代入x2+y2=4,得
+
=1…(7分)
(Ⅲ)m=
时,曲线C方程为
+
=1,假设存在直线l与直线l1:x-y-2
=0垂直,
设直线l的方程为y=-x+b…(8分)
设直线l与椭圆
+
=1交点B(x1,y1),D(x2,y2)
联立得:
,得7x2-8bx+4b2-12=0…(9分)
因为△=48(7-b2)>0,解得b2<7,且x1+x2=
,x1x2=
…(10分)
∴
•
=x1x2+y1y2=x1x2+(b-x1)(b-x2)=2x1x2-b(x1+x2)+b2
=
-
+b2=
…(12分)
因为∠BOD为钝角,所以
<0且b≠0,
解得b2<
且b≠0,满足b2<7
∴-
<b<
且b≠0,
所以存在直线l满足题意…(14分)
|-2
| ||
|
所以圆C1的方程为x2+y2=4…(3分)
(Ⅱ)设动点Q(x,y),A(x0,y0),AN⊥x轴于N,N(x0,0)
由题意,(x,y)=m(x0,y0)+n(x0,0),所以
|
即:
|
1 |
m |
x2 |
4 |
y2 |
4m2 |
(Ⅲ)m=
| ||
2 |
x2 |
4 |
y2 |
3 |
2 |
设直线l的方程为y=-x+b…(8分)
设直线l与椭圆
x2 |
4 |
y2 |
3 |
联立得:
|
因为△=48(7-b2)>0,解得b2<7,且x1+x2=
8b |
7 |
4b2-12 |
7 |
∴
OD |
OB |
=
8b2-24 |
7 |
8b2 |
7 |
7b2-24 |
7 |
因为∠BOD为钝角,所以
7b2-24 |
7 |
解得b2<
24 |
7 |
∴-
2
| ||
7 |
2
| ||
7 |
所以存在直线l满足题意…(14分)
点评:本题考查圆的标准方程,考查代入法求轨迹方程,考查直线与椭圆的位置关系,考查向量知识的运用,解题的关键是直线与椭圆方程联立,利用韦达定理进行求解.
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