题目内容
【题目】(1)如图为实验室某浓盐酸试剂瓶标签上的有关数据,根据数据计算该浓盐酸中HCl的物质的量浓度为____________。
(2)取用任意体积的该盐酸溶液时,下列物理量中不随所取体积的多少而变化的是______.
A.溶液中HCl的物质的量 B.溶液的浓度
C.溶液中Cl-的数目 D.溶液的密度
(3)某学生欲用上述浓盐酸和蒸馏水配制480mL物质的量浓度为0.400mol/L的稀盐酸。
①该学生需要量取______mL上述浓盐酸进行配制,确定溶液体积的容器是________(填名称)。
②在配制过程中,下列实验操作对所配制的稀盐酸的物质的量浓度有何影响?(在括号内填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
a.实验前,容量瓶中有少量蒸馏水.___________。
b.用量筒量取浓盐酸时俯视观察凹液面.__________。
c.定容后经振荡、摇匀、静置,发现液面下降,再加适量的蒸馏水.__________。
(4)①假设该同学成功配制了0.400mol/L的盐酸,他又用该盐酸中和含0.4gNaOH的NaOH溶液,则该同学需取______mL盐酸.
②假设该同学用新配制的盐酸中和含0.4gNaOH的溶液,发现比①中所求体积偏小,则可能的原因是________________。
A.浓盐酸挥发,浓度不足 B.配制溶液时,未洗涤烧杯
C.配制溶液时,俯视容量瓶刻度线 D.加水时超过刻度线,用胶头滴管吸出
【答案】11.9 mol/L BD 16.8mL 500mL容量瓶 无影响 偏小 偏小 25mL C
【解析】
(1) 设溶液的体积为VL,再求出溶质的物质的量,代入公式求出物质的量浓度;
(2) 根据该物理量是否与溶液的体积有关判断;
(3)①根据稀释前后溶质的物质的量不变计算浓溶液的体积;
②分析操作对溶质的物质的量和溶液体积的影响,依据c=进行误差分析;
(4)①根据n(HCl)=n(NaOH)计算;
②盐酸体积减少,说明标准液盐酸体积读数减小,逐项分析即可。
(1) 设盐酸的体积为VL,则溶质的质量为V×1000mL×1.19gcm-3×36.5%,溶质的物质的量为=11.9Vmol,所以溶质的物质的量浓度为=11.9mol/L;
(2) A.溶液中HCl的物质的量=cV,所以与溶液的体积有关,故A不选;
B.溶液的浓度c=,与溶液的体积无关,故B选;
C.溶液中Cl-的数目=nNA=cVNA,所以与溶液的体积有关,故c不选;
D.溶液的密度与溶液的体积无关,故D选;
故答案为BD;
(3)①配制480mL溶液,实验室没有480mL容量瓶,应该配制500mL 0.400mol/L的溶液,根据溶液稀释前后溶质的物质的量不变得c1V1=c2V2,V1==0.0168L=16.8mL;
②a.实验前,容量瓶中有少量蒸馏水,不影响最终溶液的体积和溶质的物质的量,即对所配溶液浓度无影响;
b.用量筒量取浓盐酸时俯视观察凹液面,溶质的量减小,所以配制的稀盐酸的物质的量浓度偏小;
c.定容后经振荡、摇匀、静置,发现液面下降,再加适量的蒸馏水,导致溶液体积偏大,溶液浓度偏小;
(4)①n(HCl)=n(NaOH)=0.01mol,V(HCl)==0.025L=25mL;
②消耗的标准液盐酸体积减少,说明读数时标准液的体积比实际体积减少了;
A.浓盐酸挥发,浓度不足,配制的标准液浓度减小,滴定时消耗盐酸体积变大,故A不选;
B.配制溶液时,未洗涤烧杯,标准液浓度减小,消耗体积增大,故B不选;
C.配制溶液时,俯视容量瓶刻度线,配制的标准液浓度变大,滴定时消耗的体积减小,故C选;
D.加水时超过刻度线,用胶头滴管吸出,标准液浓度减小,滴定时消耗标准液体积增大,故D不选;
故答案为C。
【题目】利用水钴矿(主要成分为Co2O3,含少量Fe2O3、Al2O3、MnO、MgO、CaO、SiO2等)可以制取多种化工试剂,以下为草酸钴晶体和氯化钴晶体的制备流程,回答下列问题:
已知:①浸出液中含有的阳离子主要有H+、Co2+、Fe2+、Mn2+、Al3+、Mg2+、Ca2+等。
②沉淀Ⅰ中只含有两种沉淀。
③流程中部分阳离子以氢氧化物形式沉淀时溶液的pH见表:
沉淀物 | Fe(OH)3 | Fe(OH)2 | Co(OH)2 | Al(OH)3 | Mn(OH)2 |
开始沉淀 | 2.7 | 7.6 | 7.6 | 4.0 | 7.7 |
完全沉淀 | 3.7 | 9.6 | 9.2 | 5.2 | 9.8 |
(1)浸出过程中加入Na2SO3目的是___。
(2)NaClO3在浸出液中发生反应的离子方程式为___。
(3)加入Na2CO3调pH至5.2,目的是___;萃取剂层含锰元素,则沉淀Ⅱ的主要成分为__。
(4)操作Ⅰ包括:将水层加入浓盐酸调整pH为2~3,___、__、过滤、洗涤、减压烘干等过程。
(5)为测定粗产品中CoCl2·6H2O的含量,称取一定质量的粗产品溶于水,加入足量硝酸酸化的硝酸银溶液,过滤、洗涤、干燥,测沉淀质量。通过计算发现粗产品中CoCl2·6H2O质量分数大于100%,其原因可能是___(回答一条原因即可)。
(6)将5.49g草酸钴晶体(CoC2O4·2H2O)置于空气中加热,受热过程中不同温度范围内分别得到一种固体物质,其质量如下表。
温度范围/℃ | 固体质量/g |
150~210 | 4.41 |
290~320 | 2.41 |
经测定,整个受热过程,只产生水蒸气和CO2气体,则290~320℃温度范围,剩余的固体物质化学式为____。[已知:CoC2O4·2H2O的摩尔质量为183g·mol1]