题目内容
11.由于Fe(OH)2极易被氧化,所以实验室难用亚铁盐溶液与烧碱反应制得白色纯净的Fe(OH)2沉淀.若用如图所示实验装置可制得纯净的Fe(OH)2沉淀.两极材料分别为石墨和铁.(1)a电极材料为石墨,其电极反应式为2H++2e-=H2↑.
(2)若电解液d是C(填字母编号,下同),则白色沉淀在电极上生成;若是B,则白色沉淀在两极之间的溶液中生成.
A.纯水 B.NaCl溶液 C.NaOH溶液 D.CuCl2溶液
(3)液体c为苯,其作用是隔绝空气,防止产物被氧化,在加入苯之前,要对d溶液进行赶尽溶液中的氧气(填操作名称)处理,其目的是除去溶液中溶解的氧气.
(4)若装置中生成的气体在标准状况下的体积为2.24L,则生成的沉淀质量为9g.
分析 (1)制纯净的Fe(OH)2沉淀,则Fe为阳极,石墨为阴极,阴极上氢离子得电子;
(2)纯水导电性太差,影响物质的制备,而NaCl、NaOH溶液中氢离子放电,可生成Fe(OH)2沉淀,电解液为CuCl2溶液,发生Fe+CuCl2=Cu+FeCl2;
(3)苯的密度水的小,不溶于水,可隔绝空气,防止氢氧化亚铁被氧化;加热溶液可以排除溶液中溶解的氧气;
(4)计算出氢气的物质的量,再根据电子守恒计算出生成氢氧化亚铁的物质的量及质量.
解答 解:(1)制纯净的Fe(OH)2沉淀,则Fe为阳极,石墨为阴极,阴极上氢离子得电子,则阴极发生的电极反应为2H++2e-=H2↑,
故答案为:石墨;2H++2e-=H2↑;
(2)纯水导电性太差,影响物质的制备,而NaCl、NaOH溶液中氢离子放电,可生成Fe(OH)2沉淀,若白色沉淀在电极上生成,则电解液d是氢氧化钠;若白色沉淀在两极之间的溶液中生成,则电解液d是氯化钠溶液,但是若电解液为CuCl2溶液,发生Fe+CuCl2=Cu+FeCl2,则不会出现白色沉淀,
故答案为:C;B;
(3)苯的密度水的小,不溶于水,可隔绝空气,防止氢氧化亚铁被氧化;加热溶液可以排除溶液中溶解的氧气;
故答案为:隔绝空气,防止产物被氧化;赶尽溶液中的氧气;
(4)反应中生成的气体为氢气,标况下2.24L氢气的物质的量为:$\frac{2.24L}{22.4L/mol}$=0.1mol,生成0.1mol氢气转移了0.2mol电子,根据电子守恒,则反应生成氢氧化亚铁的物质的量为:$\frac{0.2mol}{2}$=0.1mol,生成氢氧化亚铁沉淀的质量为:90g/mol×0.1mol=9g,
故答案为:9.
点评 本题考查氢氧化亚铁的制备和电解原理,题目难度中等,明确电解原理及Fe为阳极是解答本题的关键,注意实验中防止氢氧化亚铁被氧化的措施.
A. | 0.5mol O2所含氧元素数为NA | |
B. | 0.2mol H2O所含的氢原子数为0.2NA | |
C. | 0.1mol CH4所含电子数为NA | |
D. | 2mol MgCl2中所含离子数为4NA |
A. | 汽油 | B. | C2H4 | C. | 煤焦油 | D. | 聚氯乙烯 |
A. | C3H8 | B. | C3H6 | C. | C3H4 | D. | C4H10 |
A. | 明矾、漂白粉都可以用于净水,但净水原理不相同 | |
B. | 游离态氮转化为化合态氮,只有在高温、高压和催化剂的作用下才能实现 | |
C. | 制造光缆和计算机芯片的主要材料都含有硅元素 | |
D. | 农业上使用高效低毒的农药,可降低蔬菜的农药残留 |
A. | C(s)+$\frac{1}{2}$O2(g)=CO(g)△H=-110.5 kJ•mol-1 | |
B. | 2H2(g)+O2(g)═2H2O(g)△H═-571.6kJ•mol-1 | |
C. | CH4(g)+2O2(g)═CO2(g)+2H2O(g)△H═-802.3kJ•mol-1 | |
D. | CO(g)+$\frac{1}{2}$O2(g)=CO2(g)△H=-283.0kJ•mol-1 |