题目内容
铜合金是人类使用最早的金属材料.铜在化合物中的常见化合价有+l、+2等,故能形成多种铜的化合物.
(1)基态Cu原子的电子排布式是
(2)许多+l价铜的配合物溶液能吸收CO和烯烃(如C2H4、CH3CH=CH2等),试问:形成配位化合物的条件
(3)在硫酸铜溶液中逐滴滴加氨水至过量,先出现蓝色沉淀,最后溶解形成深蓝色的溶液.写出此蓝色沉淀溶解的离子方程式:
根据价层电子对互斥模型,预测SO42-的空间构型为
(1)基态Cu原子的电子排布式是
[Ar]3d104s1
[Ar]3d104s1
;(2)许多+l价铜的配合物溶液能吸收CO和烯烃(如C2H4、CH3CH=CH2等),试问:形成配位化合物的条件
中心原子有空轨道,配位原子有孤对电子
中心原子有空轨道,配位原子有孤对电子
,已知CO和N2属于等电子体,试写出CO的结构式C≡O
C≡O
,CH3CH=CH2分子中c子采取的杂化方式有sp2、sp3
sp2、sp3
.(3)在硫酸铜溶液中逐滴滴加氨水至过量,先出现蓝色沉淀,最后溶解形成深蓝色的溶液.写出此蓝色沉淀溶解的离子方程式:
Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O
Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O
;根据价层电子对互斥模型,预测SO42-的空间构型为
正四面体
正四面体
,与SO42-属于等电子体的离子团有PO43-
ClO4-
ClO4-
PO43-
ClO4-
(试写1例)ClO4-
分析:(1)Cu是29号元素,原子核外有29个电子,根据原子核外电子排布式的书写规则书写,注意先排4s电子后排3d电子.
(2)形成配位化合物的条件中心原子提供空轨道,配位原子提供孤对电子;根据氮气分子的结构式写出CO的结构式;根据每个碳原子含有的σ个数、孤电子对个数之和判断杂化类型.
(3)硫酸铜先和氨水反应生成氢氧化铜沉淀,后氢氧化铜和氨水反应生成络合物;根据SO42-中心原子含有的共价键个数与孤电子对个数之和确定其空间构型;原子总数、价电子总数相同的离子也是等电子体.
(2)形成配位化合物的条件中心原子提供空轨道,配位原子提供孤对电子;根据氮气分子的结构式写出CO的结构式;根据每个碳原子含有的σ个数、孤电子对个数之和判断杂化类型.
(3)硫酸铜先和氨水反应生成氢氧化铜沉淀,后氢氧化铜和氨水反应生成络合物;根据SO42-中心原子含有的共价键个数与孤电子对个数之和确定其空间构型;原子总数、价电子总数相同的离子也是等电子体.
解答:解:(1)Cu是29号元素,原子核外有29个电子,铜原子原子核外电子排布式为:[Ar]3d104s1.
故答案为:[Ar]3d104s1.
(2)形成配位化合物的条件中心原子提供空轨道,配位原子提供孤对电子;CO和N2属于等电子体,等电子体的结构和性质相似,氮气分子的结构式为:N≡N,所以CO的结构式为C≡O;CH3CH=CH2分子中甲基上含有4个σ键,没有孤电子对,所以甲基是 sp3杂化,剩余两个碳原子每个碳原子含有3个σ键,没有孤电子对,所以是采取sp2杂化.
故答案为:中心原子有空轨道,配位原子有孤对电子;C≡O;sp3、sp2.
(3)硫酸铜先和氨水反应生成氢氧化铜沉淀,后氢氧化铜和氨水反应生成络合物,所以蓝色沉淀溶解的离子方程式为
Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O;SO42-中心原子含有4个σ键,孤电子对数=
(6+2-4×2)=0,所以其空间构型为正四面体结构;SO42-属于等电子体的离子团有PO43-、ClO4-.
故答案为:Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O;PO43-、ClO4-.
故答案为:[Ar]3d104s1.
(2)形成配位化合物的条件中心原子提供空轨道,配位原子提供孤对电子;CO和N2属于等电子体,等电子体的结构和性质相似,氮气分子的结构式为:N≡N,所以CO的结构式为C≡O;CH3CH=CH2分子中甲基上含有4个σ键,没有孤电子对,所以甲基是 sp3杂化,剩余两个碳原子每个碳原子含有3个σ键,没有孤电子对,所以是采取sp2杂化.
故答案为:中心原子有空轨道,配位原子有孤对电子;C≡O;sp3、sp2.
(3)硫酸铜先和氨水反应生成氢氧化铜沉淀,后氢氧化铜和氨水反应生成络合物,所以蓝色沉淀溶解的离子方程式为
Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O;SO42-中心原子含有4个σ键,孤电子对数=
1 |
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故答案为:Cu(OH)2+4NH3.H2O=[Cu(NH3)4]2++2OH-+4H2O;PO43-、ClO4-.
点评:本题考查了等电子体理论、离子的空间构型、原子核外电子排布式的书写等知识点,难度不大,注意离子或分子的空间构型是高考的热点,是学习的重点.
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