题目内容
【题目】有关物质的量的计算是中学化学的重要内容，完成以下填空：
（1）标准状况下，①6.72 L NH3 ②1.204×1023个 H2S ③5.6 g CH4 ④0.5 mol HCl ，下列关系按由大到小排序
A．体积大小：___________________ B．质量大小：________________
C．密度大小：___________________D．原子数目：_________________
（2）标准状况下，33.6 L的HCl所具有的物质的量为_____________，将其溶解于水配成3 L的溶液，所得盐酸的物质的量浓度为__________。
（3）在25 ℃、101 kPa的条件下，同质量的CH4和A气体的体积之比是15∶8，则A的摩尔质量为________
（4）标准状况下，2.4 g某气体的体积为672 mL，则此气体的相对分子质量为_________
（5）0.5 L 1 mol/L CaCl2溶液中Ca2+的物质的量为_________，Cl的物质的量浓度为________
（6）0.3 mol NH3分子中所含原子数与___________个H2O分子中所含原子数相等
相同质量的SO2、SO3的物质的量之比为____________；氧原子的个数之比为___________
在0℃和101kPa的条件下，将2.00g氦气、1.40g氮气和1.60g氧气混合，该混合气体的体积是________L
若1gN2含a个原子，则阿伏加德罗常数可表示为_____________
由硫酸钾、硫酸铁和硫酸组成的混合溶液，其中c(H＋)＝0.1 mol/L，c(Fe3＋)＝0.3 mol/L，c(SO
)＝ 0.6 mol/L，则c(K＋)为________
【答案】④>③>①>②④>②>③>①④>②>①>③③>①>④>②1.5 mol0.5 mol/L30g/mol800.5 mol2 mol/L0.4NA5：45：613.44L28a mol-10.2mol/L
【解析】
（1）标准状况下，①6.72LNH3的物质的量为6.72L÷22.4L/mol==0.3mol；②1.204×1023个H2S的物质的量为1.204×1023÷6.02×1023mol1==0.2mol；③5.6gCH4的物质的量为5.6g÷16g/mol=0.35mol；④0.5molHCl，A.由上述计算可知物质的量④＞③＞①＞②，相同条件下，体积之比等于物质的量之比，所以体积大小④＞③＞①＞②；B.①NH3质量为17g/mol×0.3mol=5.1g；②H2S质量为34g/mol×0.2mol=6.8g；③CH4量为5.6g；④HCl质量为36.5g/mol×0.5mol=18.25g，故质量大小④＞②＞③＞①；C.同温同压下，密度之比等于相对分子质量之比，①NH3相对分子质量为17；②H2S相对分子质量为34；③CH4相对分子质量为16④HCl相对分子质量为36.5，故密度大小④＞②＞①＞③；D.①标准状况6.72LNH3中原子的物质的量为0.3mol×4=1.2mol，②1.204×1023个H2S含有的原子的物质的量为0.2mol×3=0.6mol；③5.6gCH4含有的原子的物质的量为0.35mol×5=1.75mol；④0.5molHCl含有的原子的物质的量为0.5mol×2=1mol，原子数目之比等于物质的量之比，所以原子数目③＞①＞④＞②；
（2）33.6 L的HCl的物质的量为：33.6 L÷22.4L/mol=1.5mol，所形成溶液的浓度c=1.5mol÷3L=0.5mol/L；故答案为：1.5 mol、 0.5 mol/L；
（3）在相同条件下，同质量的两种气体的体积之比等于摩尔质量的反比，即：V(CH4)∶V(A)＝M(A)∶M(CH4)，即15∶8＝M(A)∶16 g/mol，得M(A)＝30 g/mol，故答案为：30 g/mol；
（4）672ml气体的物质的量为:672×10-3L÷22.4L/mol=0.03mol，则其摩尔质量为：2.4g÷0.03mol=80g/mol，故答案为：80；
（5）0.5 L 1 mol/L CaCl2的物质的量为：0.5 L× 1 mol/L=0.5mol，Ca2+的物质的量为0.5mol，Cl的物质的量浓度为1 mol/L×2=2mol/L，故答案为：0.5 mol、 2 mol/L；
（6）0.3 mol NH3分子中所含原子的物质的量为:0.3mol×4=1.2mol，与之原子数相等的H2O物质的量为：1.2mol÷3=0.4mol，所含分子个数为0.4NA；相同质量的SO2、SO3的物质的量之比为80:64=5：4；氧原子个数之比为：5×2:4×3=5：6；2.00g氦气的物质的量=2.00g÷4g/mol=0.5mol，1.40g氮气的物质的量为：1.40g÷28g/mol=0.05mol，1.60g氧气的物质的量为：1.60g÷32g/mol=0.05mol，混合气体总物质的量为0.5mol+0.05mol+0.05mol=0.6mol，总体积为：0.6mol×22.4L/mol=13.44L；若1gN2含a个原子，则有
，NA=28amol-；根据溶液中的电荷守恒可得表达式：c(K＋)+c(H＋)+3c(Fe3＋)=2c(SO
)，c(K＋)= 0.2mol/L；故答案为：0.4NA、5：4、 5：6、13.44L、 28a mol-1 、0.2mol/L。
阅读快车系列答案【题目】按要求完成下列各小题
（1）写出NaHSO4在水溶液中的电离方程式______________________________________。
（2）氯化铝的水溶液常温时呈_____(填“酸”、“中”、“碱”)性，把氯化铝溶液蒸干，灼烧，最后得到的固体产物是__________。
（3）实验室配制FeSO4溶液，溶解时先要加入少量的稀硫酸，其原因是___________________(用离子方程式和适当文字说明)；配制完毕后要加入少量铁屑，其目的是____________________________。
（4）t℃时，某NaOH稀溶液中c(H+)=10－a mol·L－1，c(OH－)=10－b mol·L－1，已知a+b=12，则：
①该温度下水的离子积常数Kw=________________；
②在该温度下，将100mL 0.1 mol·L－1的稀H2SO4与100mL 0.4 mol·L－1的NaOH溶液混合后，溶液的pH= _____________。
【答案】 NaHSO4=Na++H++SO42- 酸 Al2O3 Fe2++2H2OFe(OH)2+2H+ 抑制Fe2+水解 防止Fe2+氧化 1.0×10-12 11
【解析】（1）. NaHSO4是强酸的酸式盐，在水溶液中完全电离，电离方程式为：NaHSO4=Na++H++SO42-，故答案为：NaHSO4=Na++H++SO42-；
（2）.AlCl3是强酸弱碱盐，水解使溶液呈酸性；Al3＋＋3H2O
Al(OH)3＋3H＋，加热蒸干氯化铝溶液，促进铝离子的水解，使平衡正向移动，因HCl易挥发，则蒸干后得到Al(OH)3固体，灼烧时Al(OH)3发生分解：2Al(OH)3 
Al2O3＋3H2O，所以灼烧后得到氧化铝固体，故答案为：酸；Al2O3；
（3）.实验室配制FeSO4溶液，因亚铁离子发生水解：Fe2++2H2OFe(OH)2+2H+，则溶解时先加入少量的稀硫酸，增大氢离子浓度，抑制Fe2+水解；因Fe2+容易被空气中的氧气氧化为Fe3＋，配制完毕后加入少量铁屑，可以发生：Fe＋2Fe3＋=3Fe2＋，从而达到防止Fe2+被氧化的作用，故答案为：Fe2++2H2OFe(OH)2+2H+，抑制Fe2+水解；防止Fe2+氧化；
（4）.① . t℃时，某NaOH稀溶液中c(H+)=10－a mol·L－1，c(OH－)=10－b mol·L－1，则Kw= c(H+)×c(OH－)= 10－a mol·L－1×10－b mol·L－1=1.0×10－(a+b)，已知a+b=12，则Kw=1.0×10－12，故答案为：1.0×10－12；
②在该温度下，100mL 0.1 mol·L－1的稀H2SO4溶液中n（H+）=0.1L×0.1 mol·L－1×2=0.02mol，100mL 0.4 mol·L－1的NaOH溶液中n（OH－）=0.1L×0.4 mol·L－1=0.04mol，两溶液混合后氢氧根离子过量，所得溶液中c（OH－）=
= 0.1mol/L，则c（H+）=
=10－11mol/L，则pH= －lgc（H+）=11，故答案为：11。
【题型】综合题
【结束】
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【题目】已知25 ℃时,部分弱电解质的电离平衡常数数据如下表：
弱酸化学式 | CH3COOH | HCN | H2CO3 |
电离平衡常数 | 1.7×10－5 | 6.2×10－10 | K1＝4.3×10－7 K2＝5.6×10－11 |
（1）用离子方程式表示Na2CO3溶液呈碱性的原因：____________________。
（2）等物质的量浓度的A．CH3COONa B．NaCN C．Na2CO3 D．NaHCO3溶液的pH由大到小的顺序为____________________________________(填字母)。
（3）已知在25℃时, 将HCN溶液与NaOH溶液等体积等浓度混合后,此溶液中离子浓度由大到小的顺序是____________________________________。
（4）常温下，0.1mol·L－1的CH3COOH溶液加水稀释，下列表达式的数据变大的是______。
A．c(H＋) B．c(H＋)/c(CH3COOH) C．c(H＋)·c(OH－)
（5）体积均为10 mL ,pH均为2的醋酸溶液与盐酸分别与足量Zn反应，反应刚开始时产生H2的速率：v(HCl)______v(CH3COOH)（填“＝”、“＞”或“＜”下同），反应完全后，所得氢气的质量：m(H2)盐酸_______m(H2)醋酸。
【题目】纳米级Cu2O由于具有优良的催化性能而受到关注，下表为制取Cu2O的三种方法：
纳米级Cu2O由于具有优良的催化性能而受到关注，下表为制取Cu2O的三种方法：
方法a | 用炭粉在高温条件下还原CuO |
方法b | 电解法，反应为2Cu + H2O |
方法c | 用肼（N2H4）还原新制Cu(OH)2 |
（1）已知：2Cu(s)＋
O2(g)=Cu2O(s)△H =-169kJ·mol-1
C(s)＋
O2(g)=CO(g)△H =-110.5kJ·mol-1
Cu(s)＋
O2(g)=CuO(s)△H =-157kJ·mol-1
则方法a发生反应的热化学方程式是_____________________________________。
（2）方法b采用离子交换膜控制电解液中OH-的浓度而制备纳米Cu2O，装置如图所示，该离子交换膜为______离子交换膜(填“阴”或“阳”),该电池的阳极反应式为______________________________________。
（3）方法c为加热条件下用液态肼（N2H4）还原新制Cu(OH)2来制备纳米级Cu2O，同时放出N2，该制法的化学方程式为________________________________________。
（4）在容积为1L的恒容密闭容器中，用以上方法制得的三种纳米级Cu2O分别进行催化分解水的实验：2H2O(g) 
2H2(g)+O2(g)，ΔH>0。水蒸气的浓度c随时间t的变化如下表所示。
①对比实验的温度：T2_________T1（填“＞”、“＜”或“=”）
②催化剂催化效率：实验①________实验②（填“＞”或“＜”）
③在实验③达到平衡状态后，向该容器中通入水蒸气与氢气各0.1mol，则反应再次达到平衡时，容器中氧气的浓度为 ____________________。
