题目内容
在Rt△ABC，∠C=90°，D为AB边上一点，点M、N分别在BC、AC边上，且DM⊥DN．作MF⊥AB于点F，NE⊥AB于点E．
（1）特殊验证：如图1，若AC=BC，且D为AB中点，求证：DM=DN，AE=DF；
（2）拓展探究：若AC≠BC．
①如图2，若D为AB中点，（1）中的两个结论有一个仍成立，请指出并加以证明；
②如图3，若BD=kAD，条件中“点M在BC边上”改为“点M在线段CB的延长线上”，其它条件不变，请探究AE与DF的数量关系并加以证明．
考点：
相似形综合题．
分析：
（1）如答图1，连接CD，证明△AND≌△CDM，可得DM=DN；证明△NED≌△DFM，可得DF=NE，从而得到AE=NE=DF；
（2）①若D为AB中点，则分别证明△DEN∽△MFD，△AEN∽△MFB，由线段比例关系可以证明AE=DF结论依然成立．证法二提供另外一种证明方法，可以参考；
②若BD=kAD，证明思路与①类似；证法二提供另外一种证明方法，可以参考．
解答：
（1）证明：若AC=BC，则△ABC为等腰直角三角形，
如答图1所示，连接OD，则CD⊥AB，又∵DM⊥DN，∴∠1=∠2．
在△AND与△CDM中，
∴△AND≌△CDM（ASA），
∴DM=DN．
∵∠4+∠1=90°，∠1+∠3=90°，∴∠4=∠3，
∵∠1+∠3=90°，∠3+∠5=90°，∴∠1=∠5，
在△NED与△DFM中，
∴△NED≌△DFM（ASA），
∴NE=DF．
∵△ANE为等腰直角三角形，∴AE=NE，∴AE=DF．
（2）①答：AE=DF．
证法一：由（1）证明可知：△DEN∽△MFD，
∴
，即MF•EN=DE•DF．
同理△AEN∽△MFB，
∴
，即MF•EN=AE•BF．
∴DE•DF=AE•BF，
∴（AD﹣AE）•DF=AE•（BD﹣DF），
∴AD•DF=AE•BD，∴AE=DF．
证法二：如答图2所示，过点D作DP⊥BC于点P，DQ⊥AC于点Q．
∵D为AB中点，
∴DQ=PC=PB．
易证△DMF∽△NDE，∴
，
易证△DMP∽△DNQ，∴
，
∴
；
易证△AEN∽△DPB，∴
，
∴
，∴AE=DF．
②答：DF=kAE．
证法一：由①同理可得：DE•DF=AE•BF，
∴（AE﹣AD）•DF=AE•（DF﹣BD）
∴AD•DF=AE•BD
∵BD=kAD
∴DF=kAE．
证法二：如答图3，过点D作DP⊥BC于点P，DQ⊥AC于点Q．
易证△AQD∽△DPB，得
，即PB=kDQ．
由①同理可得：
，
∴
；
又∵
，
∴
，
∴DF=kAE．
点评：
本题是几何探究与证明综合题，考查了相似三角形与全等三角形的判定与性质．题中三个结论之间逐级递进，体现了从特殊到一般的数学思想．
一线名师提优试卷系列答案
23、如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，D、E是边AB上两点，且CE所在直线垂直平分线段AD，CD平分∠BCE，AC=5cm，求BD的长．