题目内容
（2010•宝安区一模）如图1，在平面直角坐标系xOy中，已知A、B两点的坐标分别为（4，0）、（0，2），将△OAB绕点O逆时针旋转90°后得到△OCD，抛物线y=ax2-2ax+4经过点A．（1）求抛物线的函数表达式，并判断点D是否在该抛物线上；
（2）如图2，若点P是抛物线对称轴上的一个动点，求使|PC-PD|的值最大时点P的坐标；
（3）设抛物线上是否存在点E，使△CDE是以CD为直角边的直角三角形？若存在，请求出所有点E的坐标；若不存在，请说明理由．
【答案】分析：（1）将A点（4，0）代入解析式得出抛物线的函数表达式，并求出D点的坐标，并判断点D是否在该抛物线上．
（2）求|PC-PD|的值最大时点P的坐标，应延长CD交对称轴于点P．因为|PC-PD|小于或等于第三边即CD，当|PC-PD|等于CD时，|PC-PD|的值最大．
（3）假设存在这样一个点E，（x，-
x2+x+4），利用勾股定理可以求出．
解答：解：（1）∵y=ax2-2ax+4经过点A，
A点的坐标为（4，0）
∴解析式为：y=-
x2+x+4
∵△OAB绕点O逆时针旋转90°后得到△OCD，∴D点的坐标为（-2，0）
代入y=-
x2+x+4可得，D点在解析式上．
（2）如图1：
∵在三角形PCD中，由两边之差小于第三边，
∴|PC-PD|＜CD，当P在线段DC延长线上时，|PC-PD|的值最大，为CD的长，
过C（0，4），D（-2，0）的直线为y=2x+4，
∵当x=1时，y=2×1+4=6，
∴抛物线对称轴交点为（1，6），
∴|PC-PD|的值最大时点P的坐标（1，6）；
（3）如图2，假设存在这样一个点E，（x，-
x2+x+4），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形，
故EF2+CF2=CE2，EG2+DG2=DE2
∴EC2+CD2=DE2
∴DE2=EF2+CF2+OC2+DO2
∴x2+[4-（-
x2+x+4）]2+20=（-
x2+x+4）2+（x+2）2
∴整理得：4x2-12x=0（2）
解得：x1=0（不合题意舍去），x2=3
代入（x，-
x2+x+4），得（3，
）
∴E点坐标为（3，
）．
∴抛物线上存在点E，使△CDE是以CD为直角边的直角三角形．
如图3，假设存在这样一个点E′（x，-
x2+x+4），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形，
作E′F⊥x轴于点F，E′N⊥y轴于点N，
故E′F2+DF2=DE′2，CN2+NE′2=CE′2，OD2+CO2=DC2，
∴CE′2=E′F2+DF2+OC2+DO2
∴x2+[4-（-
x2+x+4）]2=20+（-
x2+x+4）2+（x+2）2
∴整理得：x2-3x-10=0
解得：x1=-2（不合题意舍去），x2=5，
代入（x，-
x2+x+4），得（5，-3.5）
∴E′点坐标为（5，-3.5）．
∴抛物线上存在点E（5，-3.5），（3，
），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形
点评：此题主要考查了：
（1）待定系数法求二次函数解析式，即A点（4，0）代入y=ax2-2ax+4，
（2）勾股定理的应用和作对称点问题，综合性较强．
（2）求|PC-PD|的值最大时点P的坐标，应延长CD交对称轴于点P．因为|PC-PD|小于或等于第三边即CD，当|PC-PD|等于CD时，|PC-PD|的值最大．
（3）假设存在这样一个点E，（x，-
x2+x+4），利用勾股定理可以求出．解答：解：（1）∵y=ax2-2ax+4经过点A，
A点的坐标为（4，0）
∴解析式为：y=-
x2+x+4∵△OAB绕点O逆时针旋转90°后得到△OCD，∴D点的坐标为（-2，0）
代入y=-
x2+x+4可得，D点在解析式上．（2）如图1：
∵在三角形PCD中，由两边之差小于第三边，
∴|PC-PD|＜CD，当P在线段DC延长线上时，|PC-PD|的值最大，为CD的长，
过C（0，4），D（-2，0）的直线为y=2x+4，
∵当x=1时，y=2×1+4=6，
∴抛物线对称轴交点为（1，6），
∴|PC-PD|的值最大时点P的坐标（1，6）；
（3）如图2，假设存在这样一个点E，（x，-
x2+x+4），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形，故EF2+CF2=CE2，EG2+DG2=DE2
∴EC2+CD2=DE2
∴DE2=EF2+CF2+OC2+DO2
∴x2+[4-（-
x2+x+4）]2+20=（-x2+x+4）2+（x+2）2∴整理得：4x2-12x=0（2）
解得：x1=0（不合题意舍去），x2=3
代入（x，-
x2+x+4），得（3，）∴E点坐标为（3，
）．∴抛物线上存在点E，使△CDE是以CD为直角边的直角三角形．
如图3，假设存在这样一个点E′（x，-
x2+x+4），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形，作E′F⊥x轴于点F，E′N⊥y轴于点N，
故E′F2+DF2=DE′2，CN2+NE′2=CE′2，OD2+CO2=DC2，
∴CE′2=E′F2+DF2+OC2+DO2
∴x2+[4-（-
x2+x+4）]2=20+（-x2+x+4）2+（x+2）2∴整理得：x2-3x-10=0
解得：x1=-2（不合题意舍去），x2=5，
代入（x，-
x2+x+4），得（5，-3.5）∴E′点坐标为（5，-3.5）．
∴抛物线上存在点E（5，-3.5），（3，
），使△CDE是以CD为直角边的直角三角形点评：此题主要考查了：
（1）待定系数法求二次函数解析式，即A点（4，0）代入y=ax2-2ax+4，
（2）勾股定理的应用和作对称点问题，综合性较强．
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口算题卡北京妇女儿童出版社系列答案
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（x-2）2+4
（x-2）2+3
（x-2）2+2
（x-2）2+1
