24．(15分)

汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0 ~60s内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示。

　 ⑴画出汽车在0~60s内的v-t图线；

⑵求在这60s内汽车行驶的路程。

[答案]⑴速度图像为右图。

　　　 ⑵900m

[解析]由加速度图像可知前10s汽车匀加速，后20s汽车匀减速恰好停止，因为图像的面积表示速度的变化，此两段的面积相等。最大速度为20m/s。所以速度图像为右图。然后利用速度图像的面积求出位移。

⑵汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和。

m

23．(16分)

一电流表的量程标定不准确，某同学利用图1所示电路测量该电流表的实际量程。

所用器材有：量程不准的电流表，内阻=10.0，量程标称为5.0mA；标准电流表，内阻=45.0，量程1.0mA；标准电阻，阻值10.0；滑动变阻器R，总电阻为300.0；电源E，电动势3. 0V，内阻不计；保护电阻；开关S；导线。

回答下列问题：

(1)在答题卡上(图2所示)的实物图上画出连线。

(2)开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端c应滑动至　　　　　　　 端。

(3)开关S闭合后，调节滑动变阻器的滑动端，使电流表满偏；若此时电流表的读数为，则的量程=　　　 。

(4)若测量时，未调到满偏，两电流表的示数如图3所示，从图中读出的示数 =　　　　 ，的示数 = 　　　　；由读出的数据计算得=　　 。(保留3位有效数字)

(5)写出一条提高测量准确度的建议：　　　　　　　　　　　　　　　 。

[答案]⑴连线如图

⑵阻值最大

⑶

(5)多次测量取平均

[解析]⑴连线如图

⑵在滑动变阻器的限流接法中在接通开关前需要将滑动触头滑动到阻值最大端

⑶闭合开关调节滑动变阻器使待测表满偏，流过的电流为I_m。根据并联电路电压相等有得

⑷待测表未满偏有，将A₂的示数0.66mA和其他已知条件代入有

Ma

但图中A₁的示数3.0mA量程为5.0mA，根据电流表的刻度是均匀的，则准确量程为6.05mA

⑸多次测量取平均

22．(18分)

图1是利用激光测转的原理示意图，图中圆盘可绕固定轴转动，盘边缘侧面上有一小段涂有很薄的反光材料。当盘转到某一位置时，接收器可以接收到反光涂层所反射的激光束，并将所收到的光信号转变成电信号，在示波器显示屏上显示出来(如图2所示)。

(1)若图2中示波器显示屏横向的每大格(5小格)对应的时间为5.00×10^-2 s ，则圆盘的转速为__________________转/s。(保留3位有效数字)

(2)若测得圆盘直径为10.20 cm，则可求得圆盘侧面反光涂层的长度为 ________ cm。(保留3位有效数字)

[答案]⑴4.55转 /s　　　 ⑵2.91cm

[解析]⑴从图2可知圆盘转一圈的时间在横坐标上显示22格，由题意知图2中横坐标上每格表示1.00×10^-2s，所以圆盘转动的周期是0.22s，则转速为4.55转 /s

⑵反光引起的电流图像在图2中横坐标上每次一格，说明反光涂层的长度占圆盘周长的22分之一为cm。

[命题意图与考点定位]匀速圆周运动的周期与转速的关系,以及对传感器所得图像的识图。

21．一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点。 时刻振子的位移；时刻；时刻。该振子的振幅和周期可能为

A．0. 1 m，　　　　 B．0.1 m,　 8s　　 C．0.2 m，　 D．0.2 m，8s

[答案]AD

[解析]在t=s和t=4s两时刻振子的位移相同，第一种情况是此时间差是周期的整数倍，当n=1时s。在s的半个周期内振子的位移由负的最大变为正的最大，所以振幅是0.1m。A正确。

第二种情况是此时间差不是周期的整数倍则，当n=0时s，且由于是的二倍说明振幅是该位移的二倍为0.2m。如图答案D。

[命题意图与考点定位]振动的周期性引起的位移周期性变化。

20．某人手持边长为6cm的正方形平面镜测量身后一棵树的高度。测量时保持镜面与地面垂直，镜子与眼睛的距离为0.4m。在某位置时，他在镜中恰好能够看到整棵树的像；然后他向前走了6.0 m，发现用这个镜子长度的5/6就能看到整棵树的像，这棵树的高度约为[来

A．5.5m　　　 B．5.0m　　 C．4.5m　　　 D．4.0m

[答案]B

[解析]如图是恰好看到树时的反射光路，由图中的三角形可得

，即。人离树越远，视野越大，看到树所需镜面越小，同理有，以上两式解得L=29.6m，H=4.5m。[来

[命题意图与考点定位]平面镜的反射成像，能够正确转化为三角形求解

19．右图为两分子系统的势能E_p与两分子间距离r的关系曲线。下列说法正确的是

A．当r大于r₁时，分子间的作用力表现为引力

B．当r小于r₁时，分子间的作用力表现为斥力

C．当r等于r₂时，分子间的作用力为零

D．在r由r₁变到r₂的过程中，分子间的作用力做负功BC

[解析]分子间距等于r₀时分子势能最小，即r₀= r₂。当r小于r₁时分子力表现为斥力；当r大于r₁小于r₂时分子力表现为斥力；当r大于r₂时分子力表现为引力，A错BC对。在r由r₁变到r₂的过程中，分子斥力做正功分子势能减小，D错误。

[命题意图与考点定位]分子间距于分子力、分子势能的关系

18．一水平抛出的小球落到一倾角为的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为

A．　　　　 B．

C．　　　　 D．

[答案]D

[解析]如图平抛的末速度与竖直方向的夹角等于斜面倾角θ，根据有：。则下落高度与水平射程之比为，D正确。

[命题意图与考点定位]平抛速度和位移的分解

17．某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为T。一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽100m，该河段涨潮和落潮时有海水(视为导体)流过。设落潮时，海水自西向东流，流速为2m/s。下列说法正确的是

A．河北岸的电势较高　　　　　 B．河南岸的电势较高

C．电压表记录的电压为9mV　　 D．电压表记录的电压为5mV

[答案]BD

[解析]海水在落潮时自西向东流，该过程可以理解为：自西向东运动的导体棒在切割竖直向下的磁场。根据右手定则，右岸即北岸是正极电势高，南岸电势低,D对C错。根据法拉第电磁感应定律V, B对A错

[命题意图与考点定位]导体棒切割磁场的实际应用题。

16．关于静电场，下列结论普遍成立的是

A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关

B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低

C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零

D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向

[答案]C

[解析]在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，A错误。电势差的大小决定于两点间距和电场强度，B错误；沿电场方向电势降低，而且速度最快，C正确；场强为零，电势不一定为零，如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上，电场力做正功。

[命题意图与考点定位]考查静电场中电场强度和电势的特点，应该根据所学知识举例逐个排除。

15．如右图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为、。重力加速度大小为g。则有

A．，　　　　 B．，

C．， 　D．，

[答案]C

[解析]在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变。对1物体受重力和支持力，mg=F,a₁=0. 对2物体受重力和压力，根据牛顿第二定律

[命题意图与考点定位]本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力。