摘要:用机械能守恒定律求变力做功 如果物体只受重力和弹力作用.或只有重力或弹力做功时.满足机械能守恒定律.如果求弹力这个变力做的功.可用机械能守恒定律来求解. 例5.如图4所示.质量m=2kg的物体.从光滑斜面的顶端A点以V0=5m/s的初速度滑下.在D点与弹簧接触并将弹簧压缩到B点时的速度为零.已知从A到B的竖直高度h=5m.求弹簧的弹力对物体所做的功. 分析与解:由于斜面光滑故机械能守恒.但弹簧的弹力是变力.弹力对物体做负功.弹簧的弹性势能增加.且弹力做的功的数值与弹性势能的增加量相等.取B所在水平面为零参考面.弹簧原长处D 点为弹性势能的零参考点.则状态A:EA= mgh+mV02/2 对状态B:EB=-W弹簧+0 由机械能守恒定律得: W弹簧=-(mgh+mv02/2)=-125(J). 6.用功能原理求变力做功 例6.两个底面积都是S的圆筒.放在同一水平面上.桶内装水.水面高度分别为h1和h2.如图5所示.已知水的密度为ρ.现把连接两桶的阀门打开.最后两桶水面高度相等.则这过程中重力所做的功等于 . 分析与解:由于水是不可压缩的.把连接两桶的阀门打开到两桶水面高度相等的过程中.利用等效法把左管高以上部分的水等效地移至右管.如图6中的斜线所示.最后用功能关系.重力所做的功等于重力势能的减少量.选用AB所在的平面为零重力势能平面.则画斜线部分从左管移之右管所减少的重力势能为: 所以重力做的功WG=. 问题2:弄清滑轮系统拉力做功的计算方法 当牵引动滑轮两根细绳不平行时.但都是恒力.此时若将此二力合成为一个恒力再计算这个恒力的功.则计算过程较复杂.但若等效为两个恒力功的代数和.将使计算过程变得非常简便. 例7.如图7所示.在倾角为30°的斜面上.一条轻绳的一端固定在斜面上.绳子跨过连在滑块上的定滑轮.绳子另一端受到一个方向总是竖直向上.大小恒为F=100N的拉力.使物块沿斜面向上滑行1m(滑轮右边的绳子始终与斜面平行)的过程中.拉力F做的功是 A.100J B.150J C.200J D.条件不足.无法确定 分析与解析:拉力F做的功等效为图8中F1.F2两个恒力所做功的代数和.即W=F1·S+F2Scos60°,而F1=F2=F=100N,所以 W=F·S=150J.即B选项正确. 问题3:弄清求某力的平均功率和瞬时功率的方法 例8. 质量为m=0.5kg的物体从高处以水平的初速度V0=5m/s抛出.在运动t=2s内重力对物体做的功是多少?这2s内重力对物体做功的平均功率是多少?2s末.重力对物体做功的瞬时功率是多少?(g取) 分析与解:t=2s内.物体在竖直方向下落的高度m. 所以有.平均功率W. 在t=2s末速度物体在竖直方向的分速度,所以t=2s末瞬时功率W. 例9.起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度.其速度图象如图9所示.则钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是图10中的哪一个? 分析与解:在0-t1时间内.重物加速上升.设加速度为a1,则据牛顿第二定律可得钢索的拉力F1=mg+ma1,速度Vt=a1t,所以拉力的功率为:P1=m(a1+g)a1t; 在t1-t2时间内.重物匀速上升.拉力F2=mg,速度为V1=a1t1,所以拉力的功率为: P2=mga1t1. 在t2-t3时间内.重物减速上升.设加速度大小为a2,则据牛顿第二定律可得钢索的拉力F2=mg-ma2,速度V2=a1t1-a2t,所以拉力的功率为:P1=m(g-a2)(a1t1-a2t). 综上所述.只有B选项正确. 问题4:.机车起动的最大速度问题 例10.汽车发动机额定功率为60 kW.汽车质量为5.0×103 kg.汽车在水平路面行驶时.受到的阻力大小是车重的0.1倍.试求:汽车保持额定功率从静止出发后能达到的最大速度是多少? 分析与解:汽车以恒定功率起动时.它的牵引力F将随速度V的变化而变化.其加速度a也随之变化.具体变化过程可采用如下示意图表示: 由此可得汽车速度达到最大时.a=0. =12 m/s 小结:机车的速度达到最大时.一定是机车的加速度为零.弄清了这一点.利用平衡条件就很容易求出机车的最大速度. 问题5:机车匀加速起动的最长时间问题 例11. 汽车发动机额定功率为60 kW.汽车质量为5.0×103 kg.汽车在水平路面行驶时.受到的阻力大小是车重的0.1倍.试求:若汽车从静止开始.以0.5 m/s2的加速度匀加速运动.则这一加速度能维持多长时间? 分析与解:要维持汽车加速度不变.就要维持其牵引力不变.汽车功率将随V增大而增大.当P达到额定功率P额后.不能再增加.即汽车就不可能再保持匀加速运动了.具体变化过程可用如下示意图表示: 所以.汽车达到最大速度之前已经历了两个过程:匀加速和变加速.匀加速过程能维持到汽车功率增加到P额的时刻.设匀加速能达到最大速度为V1.则此时 小结:机车匀加速度运动能维持多长时间.一定是机车功率达到额定功率的时间.弄清了这一点.利用牛顿第二定律和运动学公式就很容易求出机车匀加速度运动能维持的时间. 问题6:.机车运动的最大加速度问题. 例12. 电动机通过一绳子吊起质量为8 kg的物体.绳的拉力不能超过120 N.电动机的功率不能超过1200 W.要将此物体由静止起用最快的方式吊高90 m(已知此物体在被吊高接近90 m时.已开始以最大速度匀速上升)所需时间为多少? 分析与解:此题可以用机车起动类问题的思路.即将物体吊高分为两个过程处理:第一过程是以绳所能承受的最大拉力拉物体.使物体以最大加速度匀加速上升.第一个过程结束时.电动机刚达到最大功率.第二个过程是电动机一直以最大功率拉物体.拉力逐渐减小.当拉力等于重力时.物体开始匀速上升. 在匀加速运动过程中加速度为 a= m/s2=5 m/s2.末速度Vt==10 m/s 上升的时间t1=s=2 s.上升高度为h==10 m 在功率恒定的过程中.最后匀速运动的速率为 Vm==15 m/s 外力对物体做的总功W=Pmt2-mgh2,动能变化量为 ΔEk=mV2m-mVt2 由动能定理得Pmt2-mgh2=mVm2-mVt2 代入数据后解得t2=5.75 s.所以t=t1+t2=7.75 s所需时间至少为7.75 s. 小结:机车运动的最大加速度是由机车的最大牵引力决定的.而最大牵引力是由牵引物的强度决定的.弄清了这一点.利用牛顿第二定律就很容易求出机车运动的最大匀加速度. 问题7:应用动能定理简解多过程问题. 物体在某个运动过程中包含有几个运动性质不同的小过程.此时可以分段考虑.也可以对全过程考虑.但如能对整个过程利用动能定理列式则使问题简化. 例13.如图11所示.斜面足够长.其倾角为α.质量为m的滑块.距挡板P为S0.以初速度V0沿斜面上滑.滑块与斜面间的动摩擦因数为μ.滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力.若滑块每次与挡板相碰均无机械能损失.求滑块在斜面上经过的总路程为多少? 分析与解:滑块在滑动过程中.要克服摩擦力做功.其机械能不断减少,又因为滑块所受摩擦力小于滑块沿斜面方向的重力分力.所以最终会停在斜面底端. 在整个过程中.受重力.摩擦力和斜面支持力作用.其中支持力不做功.设其经过和总路程为L.对全过程.由动能定理得: 得 问题8:利用动能定理巧求动摩擦因数 例14.如图12所示.小滑块从斜面顶点A由静止滑至水平部分C点而停止.已知斜面高为h.滑块运动的整个水平距离为s.设转角B处无动能损失.斜面和水平部分与小滑块的动摩擦因数相同.求此动摩擦因数. 分析与解:滑块从A点滑到C点.只有重力和摩擦力做功.设滑块质量为m.动摩擦因数为.斜面倾角为.斜面底边长.水平部分长.由动能定理得: 从计算结果可以看出.只要测出斜面高和水平部分长度.即可计算出动摩擦因数. 问题9:利用动能定理巧求机车脱钩问题 例15.总质量为M的列车.沿水平直线轨道匀速前进.其末节车厢质量为m.中途脱节.司机发觉时.机车已行驶L的距离.于是立即关闭油门.除去牵引力.如图13所示.设运动的阻力与质量成正比.机车的牵引力是恒定的.当列车的两部分都停止时.它们的距离是多少? 分析与解:此题用动能定理求解比用运动学.牛顿第二定律求解简便. 对车头.脱钩后的全过程用动能定理得: 对车尾.脱钩后用动能定理得: 而.由于原来列车是匀速前进的.所以F=kMg 由以上方程解得. 问题10:会用Q=fS相简解物理问题 两个物体相互摩擦而产生的热量Q等于物体之间滑动摩擦力f与这两个物体间相对滑动的路程的乘积.即Q=fS相.利用这结论可以简便地解答高考试题中的“摩擦生热 问题.下面就举例说明这一点. 例16.如图14所示.在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C.重物A位于B的右端.A.B.C的质量相等.现A和B以同一速度滑向静止的C.B与C发生正碰.碰后B和C粘在一起运动.A在C上滑行.A与C有摩擦力.已知A滑到C的右端面未掉下.试问:从B.C发生正碰到A刚移动到C右端期间.C所走过的距离是C板长度的多少倍? 分析与解:设A.B.C的质量均为m.B.C碰撞前.A与B的共同速度为V0.碰撞后B与C的共同速度为V1.对B.C构成的系统.由动量守恒定律得:mV0­=2mV1 设A滑至C的右端时.三者的共同速度为V2.对A.B.C构成的系统.由动量守恒定律得:2mV0=3mV2 设C的长度为L. A与C的动摩擦因数为μ.则据摩擦生热公式和能量守恒定律可得: 设从发生碰撞到A移至C的右端时C所走过的距离为S.则对B.C构成的系统据动能定理可得: 由以上各式解得. 例17.如图15所示.AB与CD为两个对称斜面.其上部都足够长.下部分分别与一个光滑的圆弧面的两端相切.圆弧圆心角为1200.半径R=2.0m,一个物体在离弧底E高度为h=3.0m处.以初速度V0=4m/s沿斜面运动.若物体与两斜面的动摩擦因数均为μ=0.02,则物体在两斜面上一共能走多少路程?(g=10m/s2). 分析与解:由于滑块在斜面上受到摩擦阻力作用.所以物体的机械能将逐渐减少.最后物体在BEC圆弧上作永不停息的往复运动.由于物体只在在BEC圆弧上作永不停息的往复运动之前的运动过程中.重力所做的功为WG=mg,摩擦力所做的功为Wf=-μmgscos600,由动能定理得: mg -μmgscos600=0- ∴s=280m. 问题11:会解机械能守恒定律与圆周运动的综合问题. 当系统内的物体都在做圆周运动.若机械能守恒.则可利用机械能守恒定律列一个方程.但未知数有多个.因此必须利用圆周运动的知识补充方程.才能解答相关问题. 例18.如图16所示.半径为r,质量不计的圆盘与地面垂直.圆心处有一个垂直盘面的光滑水平固定轴O.在盘的最右边缘固定一个质量为m的小球A.在O点的正下方离O点r/2处固定一个质量也为m的小球B.放开盘让其自由转动.问: (1)A球转到最低点时的线速度是多少? (2)在转动过程中半径OA向左偏离竖直方向的最大角度是多少? 分析与解:该系统在自由转动过程中.只有重力做 功.机械能守恒.设A球转到最低点时的线速度为VA.B 球的速度为VB.则据机械能守恒定律可得: mgr-mgr/2=mvA2/2+mVB2/2 据圆周运动的知识可知:VA=2VB 由上述二式可求得VA= 设在转动过程中半径OA向左偏离竖直方向的最大角度是θ.则据机械能守恒定律可得: mgr.cosθ-mgr/2=0 易求得θ=sin-1 . 问题12:会解机械能守恒定律与动量守恒定律的综合问题. 若系统的机械能和动量均守恒.则可利用动量守恒定律和机械能守恒定律求解相关问题. 例19.如图18所示.长为L的轻绳.一端用轻环套在光滑的横杆上(轻绳和轻杆的质量都不计).另一端连接一质量为m的小球.开始时.将系球的绳子绷紧并转到与横杆平行的位置.然后轻轻放手.当绳子与横杆成θ时.小球速度在水平方向的分量大小是多少?竖直方向的分量大小是多少? 分析与解:对于轻环.小球构成的系统.在水平方向上不受外力作用.所以在水平方向动量守恒.又由于轻环的质量不计.在水平方向的动量恒为零.所以小球的动量在水平方向的分量恒为零.小球速度在水平方向的分量为零. 又因为轻环.小球构成的系统的机械能守恒.所以mgLsinθ=mVy2/2 即Vy=.此为速度竖直方向的分量. 例20.如图19.长木板ab的b端固定一档板.木板连同档板的质量为M=4.0kg.a.b间的距离S=2.0m.木板位于光滑水平面上.在木板a端有一小物块.其质量m=1.0kg.小物块与木板间的动摩擦因数μ=0.10.它们都处于静止状态.现令小物块以初速V0=4m/s沿木板向前滑动.直到和档板相撞.碰撞后.小物块恰好回到a端而不脱离木板.求碰撞过程中损失的机械能. 分析与解:设木块和物块最后共同的速度为V.由动量守恒定律: 设全过程损失的机械能为E.则有: 在全过程中因摩擦而生热Q=2μmgS,则据能量守恒可得在碰撞过程中损失的机械能为:E1=E-Q=2.4J. 问题13:会解机械能守恒定律与绳连问题的综合问题. 若系统内的物体通过不可伸长的细绳相连接.系统的机械能守恒.但只据机械能守恒定律不能解决问题.必须求出绳连物体的速度关联式.才能解答相应的问题. 例21.在水平光滑细杆上穿着A.B两个刚性小球.两球间距离为L.用两根长度同为L的不可伸长的轻绳与C球连接.开始时三球静止二绳伸直.然后同时释放三球.已知A.B.C三球质量相等.试求A.B二球速度V的大小与C球到细杆的距离h之间的关系. 分析与解:此题的关键是要找到任一位置时.A.B球的速度和C球的速度之间的关系.在如图21所示位置.BC绳与竖直方向成角.因为BC绳不能伸长且始终绷紧.所以B.C 两球的速度VB和VC在绳方向上的投影应相等. 即 VC.COS=VB.Sin 由机械能守恒定律.可得: mg(h-L/2)=mvC2/2+2(mvB2/2) 又因为tg2 =(L2-h2)/h2 由以上各式可得:VB=. 问题14:会解机械能守恒定律与面接触问题的综合问题. 若系统内的物体相互接触.且各接触面光滑.则系统的机械能守恒.但只有求出面接触物体间的速度关联式才能解答相应问题. 例22.如图22所示.将楔木块放在光滑水平面上靠墙边处并用手固定.然后在木块和墙面之间放入一个小球.球的下缘离地面高度为H.木块的倾角为.球和木块质量相等.一切接触面均光滑.放手让小球和木块同时由静止开始运动.求球着地时球和木块的速度. 分析与解:此题的关键是要找到球着地时小球和木块的速度的关系.因为小球和木块总是相互接触的.所以小球的速度V1和木块 的速度V2在垂直于接触面的方向上的投影相等.即:V1Cos=V2Sin 由机械能守恒定律可得: mgH=mv12/2+mv22/2 由上述二式可求得: V1=.sin, V2=.cos. 问题15:会解用功能关系分析解答相关问题. 例23.如图23所示.一根轻弹簧下端固定.竖立在水平面上.其正上方A位置有一只小球.小球从静止开始下落.在B位置接触弹簧的上端.在C位置小球所受弹力大小等于重力.在D位置小球速度减小到零.小球下降阶段下列说法中正确的是: A.在B位置小球动能最大 B.在C位置小球动能最大 C.从A→C位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加 D.从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加 分析与解:小球动能的增加用合外力做功来量度.A→C小球受的合力一直向下.对小球做正功.使动能增加,C→D小球受的合力一直向上.对小球做负功.使动能减小.所以B正确.从A→C小球重力势能的减少等于小球动能的增加和弹性势能之和.所以C正确.A.D两位置动能均为零.重力做的正功等于弹力做的负功.所以D正确.选B.C.D. 例24.物体以150J的初动能从某斜面的底端沿斜面向上作匀减速运动.当它到达某点P时.其动能减少了100J时.机械能减少了30J,物体继续上升到最高位置后又返回到原出发点.其动能等于 . 分析与解:虽然我们对斜面的情况一无所知.但是物体从斜面一底点P与从点P到最高点.这两阶段的动能减少量和机械能损失量是成比例的.设物体从点P到最高点过程中.损失的机械能为E.则100/30=/E,由此得E=15J.所以物体从斜底到达斜面顶一共损失机械能45J.那么它从斜面顶回到出发点机械能也损失这么多.于是在全过程中损失的机械能90J.回到出发点时的动能为60J. 例25.一传送带装置示意图如图.其中传送带经过AB区域时是水平的.经过BC区域时变为圆弧形(圆弧由光滑模板形成.为画出).经过CD区域时是倾斜的.AB和CD都与BC相切.现将大量的质量均为m的小货箱一个一个在A处放到传送带上.放置时初速为零.经传送带运送到D处.D和A的高度差为h.稳定工作时传送带速度不变.CD段上各箱等距排列.相邻两箱的距离为L.每个箱子在A处投放后.在到达B之前已经相对于传送带静止.且以后也不再滑动(忽略经BC段时的微小滑动).已知在一段相当长的时间T内.共运送小货箱的数目为N.这装置由电动机带动.传送带与轮子间无相对滑动.不计轮轴处的摩擦.求电动机的平均输出功率P. 分析与解:以地面为参考系.设传送带的运动速度为v0.在水平段运输的过程中.小货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动.设这段路程为s.所用时间为t.加速度为a.则对小箱有① ② 在这段时间内.传送带运动的路程为 ③ 由以上可得 ④ 用f表示小箱与传送带之间的滑动摩擦力.则传送带对小箱做功为 ⑤ 传送带克服小箱对它的摩擦力做功 ⑥ 两者之差就是克服摩擦力做功发出的热量 ⑦ 可见.在小箱加速运动过程中.小箱获得的动能与发热量相等. T时间内.电动机输出的功为 : ⑧ 此功用于增加小箱的动能.势能以及克服摩擦力发热.即 ⑨ 已知相邻两小箱的距离为L.所以 ⑩ 联立⑦⑧⑨⑩.得 ⑾

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第九部分 稳恒电流

第一讲 基本知识介绍

第八部分《稳恒电流》包括两大块:一是“恒定电流”,二是“物质的导电性”。前者是对于电路的外部计算,后者则是深入微观空间,去解释电流的成因和比较不同种类的物质导电的情形有什么区别。

应该说,第一块的知识和高考考纲对应得比较好,深化的部分是对复杂电路的计算(引入了一些新的处理手段)。第二块虽是全新的内容,但近几年的考试已经很少涉及,以至于很多奥赛培训资料都把它删掉了。鉴于在奥赛考纲中这部分内容还保留着,我们还是想粗略地介绍一下。

一、欧姆定律

1、电阻定律

a、电阻定律 R = ρ

b、金属的电阻率 ρ = ρ0(1 + αt)

2、欧姆定律

a、外电路欧姆定律 U = IR ,顺着电流方向电势降落

b、含源电路欧姆定律

在如图8-1所示的含源电路中,从A点到B点,遵照原则:①遇电阻,顺电流方向电势降落(逆电流方向电势升高)②遇电源,正极到负极电势降落,负极到正极电势升高(与电流方向无关),可以得到以下关系

UA ? IR ? ε ? Ir = UB 

这就是含源电路欧姆定律。

c、闭合电路欧姆定律

在图8-1中,若将A、B两点短接,则电流方向只可能向左,含源电路欧姆定律成为

UA + IR ? ε + Ir = UB = UA

即 ε = IR + Ir ,或 I = 

这就是闭合电路欧姆定律。值得注意的的是:①对于复杂电路,“干路电流I”不能做绝对的理解(任何要考察的一条路均可视为干路);②电源的概念也是相对的,它可以是多个电源的串、并联,也可以是电源和电阻组成的系统;③外电阻R可以是多个电阻的串、并联或混联,但不能包含电源。

二、复杂电路的计算

1、戴维南定理:一个由独立源、线性电阻、线性受控源组成的二端网络,可以用一个电压源和电阻串联的二端网络来等效。(事实上,也可等效为“电流源和电阻并联的的二端网络”——这就成了诺顿定理。)

应用方法:其等效电路的电压源的电动势等于网络的开路电压,其串联电阻等于从端钮看进去该网络中所有独立源为零值时的等效电阻。

2、基尔霍夫(克希科夫)定律

a、基尔霍夫第一定律:在任一时刻流入电路中某一分节点的电流强度的总和,等于从该点流出的电流强度的总和。

例如,在图8-2中,针对节点P ,有

I2 + I3 = I1 

基尔霍夫第一定律也被称为“节点电流定律”,它是电荷受恒定律在电路中的具体体现。

对于基尔霍夫第一定律的理解,近来已经拓展为:流入电路中某一“包容块”的电流强度的总和,等于从该“包容块”流出的电流强度的总和。

b、基尔霍夫第二定律:在电路中任取一闭合回路,并规定正的绕行方向,其中电动势的代数和,等于各部分电阻(在交流电路中为阻抗)与电流强度乘积的代数和。

例如,在图8-2中,针对闭合回路① ,有

ε3 ? ε2 = I3 ( r3 + R2 + r2 ) ? I2R2 

基尔霍夫第二定律事实上是含源部分电路欧姆定律的变体(☆同学们可以列方程 UP = … = UP得到和上面完全相同的式子)。

3、Y?Δ变换

在难以看清串、并联关系的电路中,进行“Y型?Δ型”的相互转换常常是必要的。在图8-3所示的电路中

☆同学们可以证明Δ→ Y的结论…

Rc = 

Rb = 

Ra = 

Y→Δ的变换稍稍复杂一些,但我们仍然可以得到

R1 = 

R2 = 

R3 = 

三、电功和电功率

1、电源

使其他形式的能量转变为电能的装置。如发电机、电池等。发电机是将机械能转变为电能;干电池、蓄电池是将化学能转变为电能;光电池是将光能转变为电能;原子电池是将原子核放射能转变为电能;在电子设备中,有时也把变换电能形式的装置,如整流器等,作为电源看待。

电源电动势定义为电源的开路电压,内阻则定义为没有电动势时电路通过电源所遇到的电阻。据此不难推出相同电源串联、并联,甚至不同电源串联、并联的时的电动势和内阻的值。

例如,电动势、内阻分别为ε1 、r1和ε2 、r2的电源并联,构成的新电源的电动势ε和内阻r分别为(☆师生共同推导…)

ε = 

r = 

2、电功、电功率

电流通过电路时,电场力对电荷作的功叫做电功W。单位时间内电场力所作的功叫做电功率P 。

计算时,只有W = UIt和P = UI是完全没有条件的,对于不含源的纯电阻,电功和焦耳热重合,电功率则和热功率重合,有W = I2Rt = t和P = I2R = 。

对非纯电阻电路,电功和电热的关系依据能量守恒定律求解。 

四、物质的导电性

在不同的物质中,电荷定向移动形成电流的规律并不是完全相同的。

1、金属中的电流

即通常所谓的不含源纯电阻中的电流,规律遵从“外电路欧姆定律”。

2、液体导电

能够导电的液体叫电解液(不包括液态金属)。电解液中离解出的正负离子导电是液体导电的特点(如:硫酸铜分子在通常情况下是电中性的,但它在溶液里受水分子的作用就会离解成铜离子Cu2+和硫酸根离子S,它们在电场力的作用下定向移动形成电流)。

在电解液中加电场时,在两个电极上(或电极旁)同时产生化学反应的过程叫作“电解”。电解的结果是在两个极板上(或电极旁)生成新的物质。

液体导电遵从法拉第电解定律——

法拉第电解第一定律:电解时在电极上析出或溶解的物质的质量和电流强度、跟通电时间成正比。表达式:m = kIt = KQ (式中Q为析出质量为m的物质所需要的电量;K为电化当量,电化当量的数值随着被析出的物质种类而不同,某种物质的电化当量在数值上等于通过1C电量时析出的该种物质的质量,其单位为kg/C。)

法拉第电解第二定律:物质的电化当量K和它的化学当量成正比。某种物质的化学当量是该物质的摩尔质量M(克原子量)和它的化合价n的比值,即 K =  ,而F为法拉第常数,对任何物质都相同,F = 9.65×104C/mol 。

将两个定律联立可得:m = Q 。

3、气体导电

气体导电是很不容易的,它的前提是气体中必须出现可以定向移动的离子或电子。按照“载流子”出现方式的不同,可以把气体放电分为两大类——

a、被激放电

在地面放射性元素的辐照以及紫外线和宇宙射线等的作用下,会有少量气体分子或原子被电离,或在有些灯管内,通电的灯丝也会发射电子,这些“载流子”均会在电场力作用下产生定向移动形成电流。这种情况下的电流一般比较微弱,且遵从欧姆定律。典型的被激放电情形有

b、自激放电

但是,当电场足够强,电子动能足够大,它们和中性气体相碰撞时,可以使中性分子电离,即所谓碰撞电离。同时,在正离子向阴极运动时,由于以很大的速度撞到阴极上,还可能从阴极表面上打出电子来,这种现象称为二次电子发射。碰撞电离和二次电子发射使气体中在很短的时间内出现了大量的电子和正离子,电流亦迅速增大。这种现象被称为自激放电。自激放电不遵从欧姆定律。

常见的自激放电有四大类:辉光放电、弧光放电、火花放电、电晕放电。

4、超导现象

据金属电阻率和温度的关系,电阻率会随着温度的降低和降低。当电阻率降为零时,称为超导现象。电阻率为零时对应的温度称为临界温度。超导现象首先是荷兰物理学家昂尼斯发现的。

超导的应用前景是显而易见且相当广阔的。但由于一般金属的临界温度一般都非常低,故产业化的价值不大,为了解决这个矛盾,科学家们致力于寻找或合成临界温度比较切合实际的材料就成了当今前沿科技的一个热门领域。当前人们的研究主要是集中在合成材料方面,临界温度已经超过100K,当然,这个温度距产业化的期望值还很远。

5、半导体

半导体的电阻率界于导体和绝缘体之间,且ρ

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