摘要：A．小球在MN的左方加速度为B．F2的方向向右 C．小球在M右方运动的时间为t3-t1 D．小球在t=0到t=t4这段时间内的最大位移为v1(t4―t2).小球最终能回到A点

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14．AD 15．B 16．AC 17．C 18．D 19．BCD 20．A

第II卷（必做120分+选做32分，共152分）

[必做部分]

（2）如图（4分）

（3）电压表V₁的示数U₁；电压表V₂的示数U₂（2分）；（1分）

22．0.15（0~2s时，水平力F>f即F=f=ma；2~6s，物体做匀速运动，F′=f，由v―t图线和P―t图线可知0~2s，P=F?v=(f+ma)v ①， ②，2s时，v=6m/s，代入①式，P=30W，2~6s，物体做匀速运动， ③，0~6s，整个过程中 ④，解①②③④得μ=0.15。

23．解：

（1）设小球在M点的速率为v₁，只加电场时对小球有M点

由牛顿第二定律得：（3分）

在水平轨道上，对小球由动能定理得：（3分）

联立解得E=32V/m （2分）

（2）设小球在N点的速率为v₂，在N点，对小球由牛顿第二定律得：

（3分）

从M点到N点，由机械能守恒定律得：（3分）

联立解得：T （2分）

说明：用其它解法的，只要科学合理，均可得分。

24．解：

（1）经时间t，杆ab的速率

v=at （1分）

此时，回路中的感应电流为

（1分）

对杆ab由牛顿第二定律得

（2分）

由以上各式整理得：

（1分）

在图线上取两点：，代入上式得

（1分）

（1分）

（2分）

又F_N=F_安（1分）

F_安=BIL （1分）

（1分）

（1分）

整理解得（1分）

质量为m的小球在直线MN的左方受到F₁作用（m可视为质点），在MN的右方除受F₁外还受到与F₁在同一条直线上的恒力F₂作用，现设小球由A点静止开始运动如图a所示，小球运动的v-t图象如图b所示，由图可知下列说法正确的是（）

A．在MN的左方加速度为

B．F₂的大小为

C．小球在MN的右方运动的时间为t₃-t₁
D．小球在t=0到t=t₄这段时间离A点最远距离为

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质量为m的小球放在光滑水平面上，在竖直线MN的左方受到水平恒力F₁作用（m可视为质点），在MN的右方除受F₁外还受到与F₁在同一条直线上的水平恒力F₂作用，现设小球由A点静止开始运动如图a所示，小球运动的v-t图象如图b所示：由图可知下列说法正确的是（　　）

A．小球在MN的右方加速度大小为

B．F₂的大小为

C．小球在MN右方运动的时间为 t₄-t₂

D．小球在t=0到t=t₄这段时间最大位移为v₁t₂

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质量为m的小球放在光滑水平面上，在竖直线MN的左方受到水平恒力F₁作用（m可视为质点），在MN的右方除受F₁外还受到与F₁在同一条直线上的水平恒力F₂作用，现设小球由A点静止开始运动，如图a所示，小球运动的v-t图象如图b所示．由图可知，下列说法错误的是

A.
小球在MN的右方加速度大小为 $数学公式$
B.
F₂的大小为 $数学公式$
C.
小球在MN右方运动的时间为t₃-t₁
D.
小球在t=0到t=t₄这段时间最大位移为v₁t₂

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质量为m的小球放在光滑水平面上，在竖直线MN的左方受到水平恒力F₁作用（m可视为质点），在MN的右方除受F₁外还受到与F₁在同一条直线上的水平恒力F₂作用，现设小球由A点静止开始运动，如图a所示，小球运动的v-t图象如图b所示。由图可知，下列说法错误的是

A．小球在MN的右方加速度大小为

B．F₂的大小为

C．小球在MN右方运动的时间为t₃-t₁
D．小球在t=0到t=t₄这段时间最大位移为v₁t₂

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质量为m的小球放在光滑水平面上，在竖直线MN的左方受到水平恒力F₁作用(m可视为质点)，在MN的右方除受F₁外还受到与F₁在同一条直线上的水平恒力F₂作用，现设小球由A点静止开始运动如图a所示，小球运动的v-t图象如图b所示：由图可知下列说法正确的是

A．小球在MN的右左方加速度大小为
B．F₂的大小为
C．小球在MN右方运动的时间为
D．小球在t=0到t=t₄这段时间最大位移为v₁t₂ 查看习题详情和答案>>