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1．B 2．B 3．BC 4．D 5．BD 6．ABD 7．BD 8．ABD 9．ACD 10．ACD 11．A
12．BC 13．BC 14．BC
15．
16．
17． 1：1， 
， 0
18．①P点是在实验的第一步中小球1落点的平均位置
M点是小球1与小球2碰撞后小球1落点的平均位置
N点是小球2落点的平均位置
②小球从槽口C飞出后作平抛运动的时间相同，设为t，则有
OP＝v10t
OM＝v1t
ON＝v2t
小球2碰撞前静止， v20＝0
③OP与小球的质量无关，OM和ON与小球的质量有关
19．解析：（1）设乙物体运动到最高点时，绳子上的弹力为T1，
对乙物体 
＝5N
当乙物体运动到最低点时，绳子上的弹力为T2
对乙物体由机械能守恒定律： 
又由牛顿第二定律： 
得：
＝20N
（2）设甲物体的质量为M，所受的最大静摩擦力为f ，
乙在最高点时甲物体恰好不下滑，有：
乙在最低点时甲物体恰好不上滑，有： 
可解得： 
21．（1）设物体从A滑落至B时速率为
物体与小球相互作用过程中，系统动量守恒，设共同速度为
（2）设二者之间的摩擦力为
得
（3）设物体从EF滑下后与车达到相对静止，共同速度为v2相对车滑性的距离为S1，
车停后物体做匀减速运动，相对车滑行距离为S1
联立解得
（1分） 
（1）除了细线．摆球．铁架台．铁夹．米尺之外，必需的仪器还有
（2）为了减小实验误差，当一游标卡尺的主尺最小分度为1毫米，游标上有10个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，如图1所示．该工件的直径为
（3）如表是用单摆测重力加速度实验中获得的有关数据．
| 摆长L/m | 0.5 | 0.6 | 0.8 | 1.1 |
| 周期T2/s2 | 2.0 | 2.4 | 3.2 | 4.8 |
（b）根据图象可知，当地的重力加速度g=
（c）如果该同学测得的g值偏大，可能的原因是
A．计算摆长时没有计入摆球半径
B．开始计时时，秒表过迟按下
C．摆线上端未牢固系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了
D．实验中误将29次全振动数为30次．
如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，B、C两小球在固定的光滑斜面上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，c球放在垂直于斜面的光滑挡板上．现用手控制住A，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线、弹簧均与斜面始终平行．已知A、B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态，释放A后，A竖直向下运动至速度最大时C恰好离开挡板．下列说法正确的是（ ）在“利用单摆测重力加速度”的实验中。
（1）以下的做法中正确的是
| A．测量摆长的方法：用刻度尺量出从悬点到摆球间的细线的长 |
| B．测量周期时，从小球到达最大振幅位置开始计时，摆球完成50次全振动时，及时截止，然后求出完成一 次全振动的时间 |
| C．要保证单摆自始自终在同一竖直面内摆动； |
| D．单摆振动时，应注意使它的偏角开始时不能小于10°； |
（2）某同学先用米尺测得摆线长为97.43cm，用卡尺测得摆球直径如上图所示为 cm,则单摆的摆长为 cm；然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间如上图所示为 s。则单摆的周期为 s；当地的重力加速度为g= m/s2.
（3）下表是另一同学在实验中获得的有关数据
| 摆长L（m） | 0.5 | 0.6 | 0.8 | 1.1 |
| 周期平方T2（s2） | 2.2 | 2.4 | 3.2 | 4.2 |
②利用图象，求出的重力加速度为g= m/s2
（4）实验中，如果摆球密度不均匀，无法确定重心位置，一位同学设计了一个巧妙的方法不计摆球的半径。具体作法如下：第一次量得悬线长L1，测得振动周期为T1；第二次量得悬线长L2，测得振动周期为T2，由此可推得重力加速度为g= 。 查看习题详情和答案>>
