13．(6分)如图所示为某一热敏电阻(电阻值随温度的改变而改变，且对温度很敏感)的I－U关系曲线图．

(1)为了通过测量得到如图所示的I－U关系曲线，在图(甲)、图(乙)两个电路中应选择的是图______，简要说明理由：________.(电源电动势为6V，内阻不计，滑动变阻器的阻值为0-100Ω)

(2)在图(丙)电路中，电源电压恒为6V，电流表读数为50mA，定值电阻R1＝250Ω.由热敏电阻的I－U关系曲线可知，热敏电阻两端的电压为________V；电阻R2的阻值为________Ω.

[答案]　(1)(甲)　理由见解析　(2)4.6　53.8

[解析]　(1)题图图象中的电压从零开始逐渐增加，测量时为多获取实验数据，因此电路应采用分压式，因此电路选题图(甲)所示的电路．

(2)由题图电路可知通过R1的电流为

I1＝＝A＝24mA.

则通过热敏电阻的电流为

I2＝I－I1＝50mA－24mA＝26mA.

从题图I－U图线可知当热敏电阻通过的电流为26mA时，

它两端的电压为U1＝4.6V，则

R2＝＝Ω＝53.8Ω.

12．(6分)(2009·安徽)用下图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：

(a)电流表(量程0.6A、3A)；

(b)电压表(量程3V、15V)

(c)定值电阻(阻值1Ω、额定功率5W)

(d)定值电阻(阻值10Ω、额定功率10W)

(e)滑动变阻器(阻值范围0-10Ω、额定电流2A)

(f)滑动变阻器(阻值范围0-100Ω、额定电流1A)

那么

(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择________V，电流表的量程应选择________A；R0应选择________Ω的定值电阻，R应选择阻值范围是________Ω的滑动变阻器．

(2)引起该实验系统误差的主要原因是______________________________．

[答案]　(1)3　0.6　1　0-10　(2)由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电池实际输出电流小

[解析]　由于电源是一节干电池(1.5V)，所以选量程为3V的电压表；估算电流时，考虑到干电池的内阻一般几欧左右，加上保护电阻，最大电流在0.5A左右，所以选量程为0.6A的电流表；由于电池内阻很小，所以保护电阻不宜太大，否则会使得电流表、电压表取值范围小，造成的误差大；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取0-10Ω能很好地控制电路中的电流和电压，若取0-100Ω会出现开始几乎不变，最后突然变化的现象．关于系统误差一般由测量工具和所选测量方法造成的，一般具有倾向性，总是偏大或偏小．本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比实际值小．

11．(6分)(2009·天津)如图所示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流Ig＝300μA，内阻Rg＝100Ω，可变电阻R的最大阻值为10kΩ，电池的电动势E＝1.5V，内阻r＝0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是________色，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx＝________kΩ.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比较________(填“变大”“变小”或“不变”)．

[答案]　红　5　变大

[解析]　欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“－”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；当两表笔短接(即Rx＝0)时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内，此时有关系Ig＝得R内＝＝5kΩ；当指针指在刻度盘的正中央时I＝Ig/2，有＝，代入数据可得Rx＝R内＝5kΩ；当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆表得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式I＝＝＝，可知当R内变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了．

10．如图所示，电路中的电阻均为1Ω，电源电动势为3V，内阻为0.5Ω，电流表、电压表均为理想电表，则此时电流表、电压表的读数分别是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．3A、3V　 　　　　　　　　　　　　　　 B．1.5A、1.5V

C．3A、1.5V　 　　　　　　　　　　　　 D．1.5A、3V

[答案]　B

[解析]　此题的等效电路如图，由闭合电路的欧姆定律有：I＝＝＝3A，I′＝I3＝I＝1.5A，U3＝I3R3＝1.5V，故应选B.

第Ⅱ卷(非选择题　共60分)

9．(2010·韶关模考)在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻．当开关S闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴正好处于静止状态．为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．增大R1　 　　　　　　　　　　　　　　　　　 B．减小R2

C．减小R3　 　　　　　　　　　　　　　　　　　 D．增大MN间距

[答案]　B

[解析]　由题意知带电液滴带负电，带电液滴原来处于静止状态，则电场力与重力平衡．为了让带电液滴向上加速运动，只要增大电场力即可，减小R2或增大R3，都可使电场力增大，B项正确；若增加两板间距，电场强度减小，带电液滴将向下加速运动，不符合题意．

8．硅光电池作为电源已广泛应用于人造卫星、灯塔和无人气象站等，高速公路上安装的“电子眼”通常也采用硅光电池供电．硅光电池的原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N是两块硅半导体，E区是两块半导体自发形成的匀强电场区，P的上表面镀有一层增透膜．光照射到半导体P上，使P内受原子束缚的电子成为自由电子，自由电子经E区电场加速到达半导体N，从而产生电动势，形成电流．以下说法中正确的是　　　　　　　　　 (　)

A．E区匀强电场的方向由P指向N

B．电源内部的电流方向由P指向N

C．a电极为电池的正极

D．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置

[答案]　C

[解析]　由于自由电子经E区电场加速到半导体N，所以E区匀强电场的方向由N指向P，选项A错，因正电荷定向移动的方向为电流方向，与电子移动方向相反，所以选项B错；由电流方向知，选项C正确；由题意知硅光电池是一种把光能转化为电能的装置，选项D错．

7．有四盏灯，接入如图电路中，L1和L2都标有“220V,100W”字样，L3和L4都标有“220V,40W”字样，把电路接通后，最暗的灯将是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．L1　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　 B．L2

C．L3　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　 D．L4

[答案]　C

[解析]　由它们铭牌上所标的额定电压、额定功率可判出电阻之间的关系是：R1＝R2<R3＝R4，即R4>R1>R23并，此时把L2、L3的并联当成一个电阻，因此可以知道：P4>P1>(P2+P3)，原因是串联电路P与R成正比．对于L2和L3来讲，它们的电压相同，P3<P2，原因是并联电路P与R成反比．可得L3灯最暗(功率最小)．

6．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗．如图所示，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A.若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了 　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．35.8W　 　　　　　　　　　　　　　　　 B．43.2W

C．48.2W　 　　　　　　　　　　　　　　　 D．76.8W

[答案]　B

[解析]　车灯电阻为R＝－r＝Ω－0.05Ω＝1.2Ω，电动机未启动时车灯的电功率P1＝I2R＝102×1.2W＝120W.电动机启动后，电源内阻消耗的电压Ur＝Ir＝58×0.05V＝2.9V，车灯与电动机的并联电压为U＝E－Ur＝(12.5－2.9)V＝9.6V，车灯的电功率为P2＝＝W＝76.8W，车灯电功率降低了ΔP＝P1－P2＝43.2W.

5．(2009·武汉模拟)两个相同的小量程电流表表头分别改装成两个电流表A1、A2.已知电流表A1量程大于A2的量程，改装好后把它们按图接入电路，则　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．电流表A1的读数大于电流表A2的读数

B．电流表A1的读数等于电流表A2的读数

C．电流表A1的偏转角等于电流表A2的偏转角

D．电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角

[答案]　AC

[解析]　A1与A2并联，电压相同，由于A1量程大于A2，说明A1的内阻小于A2的内阻，故通过A1的电流大于A2，所以A对B错．将小量程电流表表头改装成较大量程的电流表，都是并联小电阻，因此两表头仍为并联关系，通过表头的电流相等，所以表头指针偏转相同，故正确答案选A、C.

4．如下图所示，电源电动势为4V，当接通K时，灯L1和L2均不亮，用电压表测得Uab＝0，Ubc＝0，Ucd＝Uad＝4V.由此可知断路处是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 (　)

A．灯L1　 　　　　　　　　　　　　　　　　 B．灯L2

C．灯L1和L2　 　　　　　　　　　　　 D．变阻器R

[答案]　D

[解析]　Ucd＝4V，说明a、c之间的电路没有断路，因为若此处断路，则电压表不可能有读数；同理，Uad＝4V，说明a、d之间的电路没有断路，又Uab＝0，Ubc＝0，所以断路只可能是滑动变阻器．