题目内容
在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样；电压表V量程5V，内阻约为5kΩ；
直流电源E的电动势4.5V，内阻不计；
开关S及导线若干；
其它供选用的器材还有：
电流表A1量程250mA，内阻约为2Ω；
电流表A2量程500mA，内阻约为1Ω；
滑动变阻器R1阻值0～10Ω；
滑动变阻器R2阻值0～2kΩ．
为了使调节方便，测量的准确度高：
①实验中应选用电流表 ，滑动变阻器 ．
②在虚线框内画出实验电路图．
③由正确实验操作得到的数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图（甲）所示，将本实验用的小灯泡接入如图（乙）所示的电路，电源电压恒为6V，定值电阻R3=30Ω．电流表A读数为0.45A，此时小灯泡消耗的实际功率为
W．（不计电流表A的内阻）．
【答案】分析：①电压表、电流表的选择原则是使指针偏转的大些好，应在三分之二左右偏转，若电路采用分压接法，则滑动变阻器选择小的，若限流接法则滑动变阻器阻值要大于待测电阻阻值；
②本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，由此可正确画出实验原理图；
③根据小灯泡的伏安特性曲线，求出灯泡的电压、电流根据P=UI可以求出灯泡的实际功率．
解答：解：①由小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样可知，灯泡的额定电流为：
；因此电流表选择A2量程500mA的，本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，故应选用变化范围较小的电阻，故选R1．
故答案为：A2 ，R1．
②本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，由此可正确画出实验原理图如下所示：
③流过I3的电流为：
，因此流过灯泡的电流为：I1=I-I3=0.45A-0.2A=0.25A
由小灯泡的伏安特性曲线可知，当电流为0.25A时，电压为：2V
故功率P=UI=0.25A×2V=0.5W．
故答案为：0.5．
点评：本实验考查了仪器选择、电路设计、灯泡功率、滑动变阻器阻值等问题，由I-U图象找出电压对应的电流，熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键．
②本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，由此可正确画出实验原理图；
③根据小灯泡的伏安特性曲线，求出灯泡的电压、电流根据P=UI可以求出灯泡的实际功率．
解答：解：①由小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样可知，灯泡的额定电流为：
；因此电流表选择A2量程500mA的，本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，故应选用变化范围较小的电阻，故选R1．故答案为：A2 ，R1．
②本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，由此可正确画出实验原理图如下所示：
③流过I3的电流为：
，因此流过灯泡的电流为：I1=I-I3=0.45A-0.2A=0.25A由小灯泡的伏安特性曲线可知，当电流为0.25A时，电压为：2V
故功率P=UI=0.25A×2V=0.5W．
故答案为：0.5．
点评：本实验考查了仪器选择、电路设计、灯泡功率、滑动变阻器阻值等问题，由I-U图象找出电压对应的电流，熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键．
练习册系列答案
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（2006?宜昌模拟）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，除有一标有“6V，1.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：
