题目内容
5.质量为m甲=0.3kg的物块甲在t=0时刻从绷直的弹性网上方h甲=1.25m高处由静止释放,物块甲与弹性网的作用时间为t0=0.1s.经过一段时间,质量为m乙=0.1kg的物块乙从绷直的弹性网上方某处由静止释放,已知物块甲和物块乙在一条竖直线上,物块乙下落t=0.3s时在距离弹性网上方某高度处与甲发生碰撞,且碰后物块甲的速度为零,假设物块与弹性网、两物块之间发生的碰撞均为弹性碰撞,空气阻力忽略不计,重力加速度g=10m/s2.求:(1)物块甲与绷直的弹性网碰撞的过程中,弹性网对物块甲的平均作用力为多大?
(2)碰撞后物块乙达到的最高点和弹性网的距离是多大?
分析 (1)根据运动学公式求出物块甲与弹性网碰撞前瞬间的速度大小,并得到碰撞后速度大小,对于碰撞过程,规定正方向,由动量定理可求得弹性网对物块甲的平均作用力.
(2)乙物块自由下落,由v=gt求出甲乙碰撞前瞬间乙的速度.对于弹性碰撞过程,根据动量守恒定律和动能守恒列式,求得碰撞后乙的速度,从而求得碰撞后物块乙达到的最高点和弹性网的距离.
解答 解:(1)设与弹性网碰撞前瞬间物块甲的速度大小为v甲,有:
v甲2=2gh
代入数据得:v甲=5m/s.
物块甲反弹后的速度方向向上,大小为:v甲′=v甲=5m/s.
取向上为正方向,由动量定理得:Ft0-m甲gt0=m甲v甲′-(-m甲v甲)
代入数据得弹性网对物块甲的平均作用力为:F=33N.
(2)设物块甲与物块乙碰前的速度大小分别为v甲″、v乙,碰后物块乙的速度大小为v乙′.
v乙=gt=10×0.3=3m/s,方向竖直向下.
两球发生弹性碰撞,取向下为正方向,根据动量守恒定律和动能守恒得:
-m甲v甲″+m乙v乙=m乙v乙′.
$\frac{1}{2}$m甲v甲″2+$\frac{1}{2}$m乙v乙2=$\frac{1}{2}$m乙v乙′2.
可得:v甲″=3m/s,v乙′=-6m/s.
假设碰撞的位置距离弹性网的高度为h1,则由v甲″2-v甲′2=2gh1解得:
h1=0.8m,
碰撞后物块乙上升的高度为 h2,有:
v乙′2=2gh2
解得:h2=1.8m.
则物块乙到达最高点时距弹性网的高度为:h总=h1+h2,
得:h总=2.6m
答:(1)物块甲与绷直的弹性网碰撞的过程中,弹性网对物块甲的平均作用力为33N.
(2)碰撞后物块乙达到的最高点和弹性网的距离是2.6m.
点评 本题的关键是明确物块的运动情况,抓住弹性碰撞的规律:动量守恒和机械能守恒,要注意速度是矢量,要先规定正方向.
| A. | 500N | B. | 2000N | C. | 8000N | D. | 600N |
| A. | 若环处于静止状态,则环所受摩擦力方向沿杆向上 | |
| B. | 若环处于静止状态,则力F越大,环所受摩擦力也越大 | |
| C. | 若环向上加速运动,则力F越大,环所受摩擦力也越大 | |
| D. | 若环向上匀速运动,则环所受摩擦力不可能为零 |
| A. | t=0.15s时,质点Q的加速度达到负向最大 | |
| B. | 从t=0.10s到t=0.25s,Q质点沿x轴负方向运动了6m | |
| C. | t=0.15s时,质点P的运动方向沿y轴负方向 | |
| D. | 从t=0.10s到t=0.25s,质点P通过的路程为30cm |
| A. | t2时刻运动员到达起跳的最高点 | B. | t2~t3时间内,运动员处于失重状态 | ||
| C. | 0~t2时间内,运动员机械能守恒 | D. | 0~t3时间内,合力对运动员做负功 |