题目内容
3．电阻的测量用以下器材测量一待测电阻RX的阻值（约100Ω）：
电源E，电动势约为6.0V，内阻可忽略不计；
电流表A1，量程0～50mA，内电阻r1=20Ω；
电流表A2，量程0～300mA，内电阻r1=4Ω；
定值电阻R0，阻值R0=20Ω；
滑动变阻器R，最大阻值为10Ω；
单刀单掷开关S，导线若干．
①要求测量中尽量减小误差，并测多组数据．试在图1虚线框中画出测量电阻RX的一种实验电路原理图（原理图中的元件要用题图中相应的英文字母标注）．
②根据你所画的电路原理图，将图2中所示的实物连成实验电路．
③若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2．则由已知量和测量量计算RX的表达式为RX=$\frac{{I}_{1}（{R}_{0}+{r}_{2}）}{{I}_{2}}-{r}_{1}$．
分析 该题用伏安法测量待测电阻，由于没有电压表，则需将电流表与定值电阻串联当电压表使用，用电流表A1测量通过待测电阻的电流，用电流表A2与定值电阻串联，当电压表使用．根据欧姆定律求出待测电阻的阻值表达式．
解答 解：（1）用电流表A1测量通过待测电阻的电流，用电流表A2与定值电阻串联，当电压表使用．由于滑动变阻器的阻值比待测电阻小得多，若滑动变阻器采用限流式接法，测量误差较大，所以滑动变阻器采用分压式接法．电路图如图所示．
（2）根据电路图连接实物图，注意滑动变阻器的分压式接法，以及电表的极性．如图所示．
（3）根据欧姆定律得，待测电阻与电流表A1两端间的电压为U=I1（R0+r2），则待测电阻${R}_{X}=\frac{{I}_{1}（{R}_{0}+{r}_{2}）}{{I}_{2}}-{r}_{1}$
故答案为：（1）电路图如图所示．（2）实物连线图如图所示．（3）$\frac{{I}_{1}（{R}_{0}+{r}_{2}）}{{I}_{2}}-{r}_{1}$
点评 解决本题的关键掌握滑动变阻器分压式和限流式接法的区别，以及掌握该实验的原理，运用欧姆定律进行求解．
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14．
如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的直流电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的灯泡，将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则有关这一过程中发生的现象，下列说法正确的是（ ）
如图所示的电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的直流电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的灯泡，将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则有关这一过程中发生的现象，下列说法正确的是（ ）| A． | K闭合瞬间，两灯同时亮，以后D1熄灭，D2变亮 | |
| B． | K断开时，两灯都闪亮一下再慢慢熄灭 | |
| C． | K闭合瞬间，D1先亮，D2后亮，最后两灯亮度一样 | |
| D． | K断开时，D2立即熄灭，D1始终不发光 |
15．通过理想变压器给负载R供电，如图所示，可导致变压器输入功率增加的情况是（ ）
| A． | 减小负载电阻R，其他条件不变 | B． | 增大负载电阻R，其他条件不变 | ||
| C． | 增大副线圈匝数n2，其他条件不变 | D． | 减小原线圈匝数n1，其他条件不变 |
12．
如图所示为一正点电荷周围的电场线，电场中有A、B两点，A、B两点在同一条电场线上，下列说法中正确的是（ ）
如图所示为一正点电荷周围的电场线，电场中有A、B两点，A、B两点在同一条电场线上，下列说法中正确的是（ ）| A． | A、B两点的电场强度相等 | |
| B． | B点的电场强度比A点的电场强度大 | |
| C． | B点的电场强度方向从A点指向B点 | |
| D． | 在A点放一个正电荷，则电场力的方向从A点指向B点 |