(1)如图所示的电路中.1至11为连接点的标号．在开关闭合后.发现小灯泡不亮.电压表和电流表均无示数．现用多用电表检查电路故障.需要检测的有:电源.开关.变阻器.小灯泡.6根导线以及电路中的各连接点．已知电压表和电流表均无故障．①为了检测变阻器.小灯泡以及6根导线.在连接点1.2已接好的情况下.应当选用多用电表的电压电压档,在连接点1.2同时断开的情况下.应� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

题目内容

（1）如图所示的电路中，1至11为连接点的标号．在开关闭合后，发现小灯泡不亮，电压表和电流表均无示数．现用多用电表检查电路故障，需要检测的有：电源、开关、变阻器、小灯泡、6根导线以及电路中的各连接点．已知电压表和电流表均无故障．
①为了检测变阻器、小灯泡以及6根导线，在连接点1、2已接好的情况下，应当选用多用

电表的

电压

档；在连接点1、2同时断开的情况下，应当选用多用电表的

欧姆

档．
②为了尽可能准确的完成探究小灯泡I-U特性的实验，图电路接线图中还存在错漏，
请你在图中补画出正确的连接线．
③如图是某实验小组的同学根椐实验数据绘制而成的小灯泡的U-I特性图线．随后他们将该小灯泡直接串接在电动势E=4.5V，内阻r=1.5Ω的直流电源上，则该小灯泡通电发光时的电功率约为

2.72

W．
（2）．如图所示，某理想变压器的原线圈接一交流电e=220

sin?t（V），副线圈接如图所示的电路（图中电表均为理想交流电表），且R₁=R₂．电键S原来为闭合，现将S断开，则电压表的示数U

增大

（选填“增大”、“保持不变”或“减小”，下同）．变压器原线圈的输入功率P

减小

．

分析：（1）①为了检测变阻器、小灯泡以及6根导线，在连接点1、2已接好的情况下，运用多用电表的电压档去测某两点间的电压，找出故障所在．若在连接点1、2同时断开的情况下，多用电表中的电源需起作用，应选用欧姆档．
②绘制而成的小灯泡的U-I特性图线，滑动变阻器需采用分压式接法，电流表采取外接法．
③作出电动势E=4.5V，内阻r=1.5Ω的直流电源的U-I图线，与小灯怕的伏安特性曲线的交点所对应的电压和电流为此时的实际电压和实际电流，根据P=UI小灯泡通电发光时的电功率．
（2）原线圈的电压决定副线圈的电压，通过副线圈电阻的变化判断电压表电压的变化，再通过副线圈电流的变化得出输出功率的变化，从而得出变压器原线圈的输入功率P的变化．

解答：

解：①在电路全部连接好，需要找故障时，用多用电表的电压档，在电路与电源断开时，需要找故障时，用多用电表的欧姆档．
②因为电压电流需要从零开始测起，所以滑动变阻器需要采用分压式接法，灯泡的电阻较小，电流表需要采用外接法．连接如右图．

③作出电源的U-I图线，如上图，交点所对应的电压和电流分别为3.4V、0.8A，所以实际功率：P=UI=3.4×0.8=2.72W．
（2）原线圈的电压不变，则副线圈的电压不变，断开电键，副线圈的总电阻变大，R₁部分分担的电压变大，所以电压表示数增大，总电阻增大，总电流减小，则输出功率减小，所以原线圈的输入功率P减小．
故答案为：（1）①电压，欧姆．
               ②正确的电路接线如图：
               ③2.72  （2.65W 至2.75W均可）．
          （2）增大，减小

点评：解决本题的关键掌握实物图连接的方法和注意事项，知道电源的外电压和电流关系图线的截距和斜率表示的物理意义．以及掌握原副线圈之间电压、电流、功率之间的决定关系．