题目内容

1.如图所示为一半径为R的半圆形金属框,可绕固定点O自由转动,放置在以MN为边界的匀强磁场中,磁感应强度为B.线框ACB段导线较粗,电阻可忽略不计,质量为m,其重心为D,离O距离为d=$\frac{2R}{π}$;AOB段较细,质量可忽略不计但电阻均匀分布.现从图示位置给予一个轻微扰动,线框逆时针转出磁场区域,已知在转出60°角时,AO两点间的电压为U.空气阻力忽略不计,重力加速度为g.
(1)请判断在转出60°角时AO两点电势的高低;
(2)请求在转出60°角时线框绕O转动的角速度ω;
(3)请求在转出60°角过程AO段导线上产生的焦耳热及全过程在AB导线上可产生的总焦耳热.

分析 (1)根据楞次定律可得电势高低;
(2)根据法拉第电磁感应定律可求角速度;
(3)根据能量守恒定律可得在转出60°角过程AO段导线上产生的焦耳热和全过程重力势能的减少等于在AB导线上产生的总焦耳热.

解答 解:(1)根据楞次定律可得电流方向为顺时针,此时OB便切割磁感应线,所以O点的电势高于A;

(2)已知在转出60°角时,AO两点间的电压为U.则此时的感应电动势为:
E=2U,
根据法拉第电磁感应定律可得:E=$\frac{1}{2}BR{ω}^{2}$,
解得:$ω=2\sqrt{\frac{U}{BR}}$;
(3)在转出60°角过程,重力势能减少为:
△EP=mgd(1+cos30°)=$\frac{2mgR}{π}(1+\frac{\sqrt{3}}{2})$;
线框的速度为:v=Rω=$2\sqrt{\frac{RU}{B}}$;
动能增加为:$△{E}_{k}=\frac{1}{2}m{v}^{2}=\frac{2mRU}{B}$,
所以在转出60°角过程AO段导线上产生的焦耳热为:
Q1=$\frac{1}{2}(△{E}_{P}-△{E}_{k})$=$\frac{mgR}{π}(1+\frac{\sqrt{3}}{2})-\frac{mRU}{B}$;
全过程重力势能的减少等于在AB导线上产生的总焦耳热,所以有:
Q=mg•2d=$\frac{4mgR}{π}$.
答:(1)在转出60°角时O点的电势高于A;
(2)在转出60°角时线框绕O转动的角速度为$2\sqrt{\frac{U}{BR}}$;
(3)在转出60°角过程AO段导线上产生的焦耳热为$\frac{mgR}{π}(1+\frac{\sqrt{3}}{2})-\frac{mRU}{B}$;全过程在AB导线上可产生的总焦耳热为$\frac{4mgR}{π}$.

点评 对于电磁感应问题研究思路常常有两条:一条从力的角度,重点是分析安培力作用下物体的平衡问题;另一条是能量,分析电磁感应现象中的能量如何转化是关键.

练习册系列答案
相关题目

违法和不良信息举报电话:027-86699610 举报邮箱:58377363@163.com

精英家教网