题目内容

9．一位同学在做探究单摆周期与摆长关系的实验时，进行了如下步骤：
A．组合单摆：选择相应器材组成单摆，并用铁夹将绳的上端固定；
B．测摆长l：用米尺量出摆线的长度；
C．测周期T：将摆球拉起一个小角度，然后放开，在放手的同时按下秒表开始计时，测量单摆50次全振动的时间t，算出单摆的周期T=$\frac{t}{50}$；
D．将所测得的l和T填入表格，分析数据得出单摆的周期和摆长的关系．
从上面操作步骤中找出两处错误的地方，写出该步骤的字母，并加以改正．
①B，摆长等于摆线长加小球半径 
②C，计时时刻应该在小球通过平衡位置时．

分析 摆线长度与摆球半径之和是单摆摆长；
为减小实验误差，应从小球经过平衡位置时计时．

解答 解：由实验步骤可知，错误为：①实验步骤B错误，应该为：摆长等于摆线长加小球半径；
②步骤C错误，应改为：计时时刻应该在小球通过平衡位置时；
故答案为：①B；摆长等于摆线长加小球半径；②C；计时时刻应该在小球通过平衡位置时．

点评 本题考查了实验步骤与实验注意事项，难度不大，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．

练习册系列答案
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19．电源、开关、平行板电容器连成如图电路．闭合开关S，电源对电容器充电后，电容器带电量为Q板间电压力为U，板间电场强度大小为E．则下列说法正确的是（　　）
A．若将A板下移少许，Q增大；U减小；E不变
B．若将A板下移少许，Q不变；U减小；E减小
C．若断开开关，若将A板下移少许，Q增大；U不变；E增大
D．若断开开关，若将A板下移少许，Q不变；U减小；E不变
20．某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为101.00cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆全振动50次所用的时间为101.5s．则本次实验中的摆长l=1.02m，他测得的重力加速度g=9.77m/s2．（保留三位有效数字）
17．如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量不同的小球A和B，紧贴圆锥筒内壁分别在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法中正确的（　　）
A．A球的线速度大于B球的线速度
B．A球的向心加速度与B球的向心加速度大小相等
C．A球的运动周期小于B球的运动周期
D．A球对筒壁的压力一定小于B球对筒壁的压力
4．关于电能输送的分析，以下说法中正确的是（　　）
A．由公式P=$\frac{{U}^{2}}{R}$得出，输电电压越高，输电导线上的功率损失越大
B．由公式P=$\frac{{U}^{2}}{R}$得出，输电导线电阻R越大，输电导线上的功率损失越小
C．由公式P=IU得出，输电导线上电阻R的功率损失与电流成正比
D．由公式P=I2R得出，输电电流越大，输电导线上的功率损失越大
14．如图是某同学探究《动能与重力势能的转化和守恒》实验及打出的一条纸带的一部分：

（1）已知打点计时器的周期为0.02s，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，图中数字为各点距起点O的距离，设重锤质量为m=0.1kg，当打点到B时，重锤的重力势能减少了0.191J，动能增加了0.190J．（结果保留三位有效数字）
（2）若当地的重力加速度未知，则可利用此实验来测量当地的重力加速度，请写出测量值与当地重力加速度的值总有差异的一个原因：纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力．
1．一个物体，从高度是h的光滑斜面顶端A开始下滑（如图），物体滑到斜面下端B时，速度大小为（空气阻力不计）（　　）
A．$\sqrt{2gh}$B．$\sqrt{gh}$C．$\frac{1}{2}$ghD．2gh
18．如图所示，半径分别为R和r（R＞r）的甲乙两光滑圆轨道安置在同一竖直平面内，两轨道之间由一光滑水平轨道CD相连，在水平轨道CD上有一轻弹簧被a、b两个小球夹住，但不拴接．同时释放两小球，a、b球恰好能通过各自的圆轨道的最高点．
（1）已知小球a的质量为m，求小球b的质量为$\sqrt{\frac{R}{r}}$m 
（2）若ma=mb=m，且要求a、b都还能够通过各自的最高点，则弹簧在释放前至少具有的弹性势能为5mgR．
19．如图所示，A、B、C为三只相同的灯泡，额定电压均大于电源电动势，电源内阻不计，L是一个直流电阻不计、自感系数较大的电感器．先将K1、K2合上，然后突然打开K2．已知在此后过程中各灯均无损坏，则以下说法中正确的是（　　）
A．C灯亮度保持不变
B．C灯闪亮一下后逐渐恢复到原来的亮度
C．B灯的亮度不变
D．B灯后来的功率是原来的$\frac{1}{4}$

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