题目内容
16．
如图所示，相距为d的水平金属板M、N的左侧有一对相距为$\frac{d}{2}$的竖直金属板P、Q，板P的小孔S正对板Q上的小孔O，M、N间有垂直于纸面向里的匀强磁场，在小孔S处有一带负电粒子，其重力和初速度均不计，当滑动变阻器的滑片在AB的中点时，带负电粒子恰能在M、N间做直线运动，下列说法正确的是（ ）| A． | P、Q间的电势差是M、N间电势差的4倍 | |
| B． | 若将滑片向上滑动，粒子进入M、N间的初速度将减小 | |
| C． | 粒子在M、N间运动过程中，动能一定增大 | |
| D． | 若将滑片滑到A端，粒子在M、N间运动，动能不变 |
分析 根据电路图中滑动变阻器分压式，即可判定P、Q间与M、N间电势差的关系；
粒子进入M、N间的初速度大小与PQ间的电势差有关；
粒子在MN间运动，依据电场力做正功，动能增大，若电场力做负功，则动能减小；
若将滑片滑到A端，MN间没有电压，从而判定动能是否变化．
解答 解：A、当滑动变阻器的滑片在AB的中点时，则MN间的电势差是PQ间的电势差一半，即P、Q间的电势差是M、N间电势差的2倍，故A错误；
B、若将滑片向上滑动，MN间的电势差将减小，而PQ间的电势差不变，那么粒子进入M、N间的初速度将不变，故B错误；
C、当粒子在M、N间运动过程中，只有电场力做正功时，动能才一定增大，而粒子在其运动中，可能电场力小于洛伦兹力，从而向上偏转，动能减小，故C错误；
D、若将滑片滑到A端，MN间的电势差为零，那么粒子在M、N间运动中，只受到洛伦兹力，从而做匀速圆周运动，动能不变，故D正确．
故选：D．
点评 考查滑动变阻器的分压式接法中的电压如何分配，掌握带电粒子进入电场与磁场复合场中受到的电场力与洛伦兹力大小关系，分析滑动片移动后的电场变化，还要知道洛伦兹力不做功的特点．
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17．如图（a）所示电路中，R2为一阻值非线性变化的滑动变阻器，移动滑片改变滑动变阻器接入电路中的长度x（x为图中a与触头之间的距离），得到如图（b）所示的定值电阻R1两端的电压U1与x的关系．a、b、c为滑动变阻器上等间距的三个点，当滑片从a移到b和从b移到c，电流表A的示数变化分别为△Iab和△Ibc，电压表V2的示数变化分别为△Uab和△Ubc，电阻R1的功率变化分别为△P${\;}_{{I}_{ab}}$和△P${\;}_{{I}_{bc}}$，电源的总功率变化分别为△Pab和△Pbc，则下列说法正确的是（ ）
| A． | △Iab=△Ibc | B． | △Uab=△Ubc | ||
| C． | △P${\;}_{{I}_{ab}}$＜△P${\;}_{{I}_{bc}}$ | D． | △Pab＞△Pbc |
7．
为判断列车的运动情况，小明将一个小球悬挂在列车的天花板上，小球相对于列车稳定时如图所示，由此可判断列车正在（ ）
为判断列车的运动情况，小明将一个小球悬挂在列车的天花板上，小球相对于列车稳定时如图所示，由此可判断列车正在（ ）| A． | 加速 | B． | 减速 | C． | 匀速 | D． | 静止 |
4．质量为1kg的物体受到两个大小分别为4N和2N共点力的作用，则物体的加速度大小可能是（ ）
| A． | 1 m/s2 | B． | 2 m/s2 | C． | 3 m/s2 | D． | 4m/s2 |
如图所示，某水电站发电机的输出功率为P=100kW，输出的电压为U1=250V，通过升压变压器升高电压后向远处输电，输电线总电阻为R=8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为U4=220V．若输电线上损失的功率为P损=5kW，不计变压器的损耗．求：
甲、乙两同学在同一实验室，各取一套如图所示的装置，在滑块上均不放砝码，且长木板水平放置的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的滑块与木板间的动摩擦因数分别为μ甲、μ乙，由图可知，m甲小于m乙，μ甲大于μ乙（填“大于”、“小于”或“等于”）
8．一正弦交流点的电压随时间变化的规律如图，由图可知（ ）
| A． | 该交流电的电压瞬时值的表达式为U=100sin（100t）V | |
| B． | 该交流电的频率为50Hz | |
| C． | 该交流电的电压有效值为100$\sqrt{2}$V | |
| D． | 若将该交流电压加在阻值为R=100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是50W |
6．F1、F2是力F的两个分力，若F=5N，则下列不可能是F的两个分力的是（ ）
| A． | F1=1N，F2=3N | B． | F1=10N，F2=10N | C． | F1=5N，F2=5N | D． | F1=10N，F2=15N |