[题目]如图所示.理想变压器原.副线圈的匝数比为10∶1.b是原线圈的中心接头.电压表V和电流表A均为理想电表.除滑动变阻器电阻R.定值电阻R0以外的其余电阻不计.从某时刻开始在原线圈c.d两端加上交变电压.其瞬时值表达式为u1＝220 sin 100πt (V).下列说法中正确的是 A. t＝ s时刻.c.d两点间的电压瞬时值为110 VB. 当单刀双掷� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

题目内容

【题目】如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，b是原线圈的中心接头，电压表V和电流表A均为理想电表，除滑动变阻器电阻R、定值电阻R0以外的其余电阻不计，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1＝220 sin 100πt (V).下列说法中正确的是

A. t＝ s时刻，c、d两点间的电压瞬时值为110 V

B. 当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22 V

C. 单刀双掷开关与a连接，在滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小

D. 当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表的示数均变大

【答案】AD

【解析】t= s时，c、d间的电压瞬时值为u1=220sin（100π×）V=110V，A正确；
原线圈两端电压有效值为110 V，副线圈两端电压有效值为11V，电表测量的是有效值，当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为11V，B错误；滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，故次级电压不变，次级电流减小，安培表示数减小，电阻R0上的电压减小，则伏特表的示数增大，选项C错误；单刀双掷开关由a扳向b，匝数比变小，匝数与电压成正比，所以次级电压变大，次级电流变大，电流表读数变大；电阻R上的电压变大，伏特表的示数变大，D正确；故选AD.

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A. 粒子在A、B间是做圆周运动

B. 粒子从A到B的运动过程中，动能先减小后增大

C. 匀强电场的电场强度E＝U/R

D. 圆周上电势最高的点与O点的电势差为U

【题目】如图是德国物理学家史特恩设计的最早测定气体分子速率的示意图．M、N是两个共轴圆筒的横截面，外筒N的半径为R，内筒的半径比R小得多，可忽略不计．筒的两端封闭，两筒之间抽成真空，两筒以相同角速度ω绕其中心轴线匀速转动．M筒开有与转轴平行的狭缝S，且不断沿半径方向向外射出速率分别为v1和v2的分子，分子到达N筒后被吸附，如果R、v1、v2保持不变，ω取某合适值，则以下结论中正确的是（）

A. 当时（n为正整数），分子落在不同的狭条上

B. 当时（n为正整数），分子落在同一个狭条上

C. 只要时间足够长，N筒上到处都落有分子

D. 分子不可能落在N筒上某两处且与S平行的狭条上

【题目】在电荷量为Q的点电荷激发电场空间中，距Q为r处电势表达式为，其中k为静电力常量，取无穷远处为零电势点，今有一电荷量为Q的正点电荷，固定在空间中某处，一电荷量为q，质量为m的负点电荷绕其做椭圆运动，不计负点电荷重力。Q位于椭圆的一个焦点上，椭圆半长轴长为a，焦距为c，该点电荷动能与系统电势能之和表达式正确的是

A. B. C. D.

【题目】用如图所示装置做“验证牛顿第二定律”的实验．现已提供了小车、一端附有定滑轮的长木板、纸带、细线、砝码、砂和砂桶、刻度尺、天平、导线．

（1）为了完成实验，还需的实验器材是______：
A．直流电源B．交流电源
C．打点计时器 D．秒表
（2）实验中将砂和砂桶总重力大小作为绳子拉力的大小，从而在实验中引起了系统误差，为尽量减小该系统误差，可以让砂和砂桶总质量______小车质量（选填“大于”、“远大于”、“小于”、“远小于”或“等于”）；
（3）实验中，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行，接下来将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动．这样做的目的是为了______从而使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力．