题目内容
6．（1）在做“碰撞中的动量守恒”实验中：
如果采用图乙装置做“碰撞中的动量守恒”实验，某次实验得出小球的落点情况如图甲所示，图中数据单位统一，假设碰撞动量守恒，则碰撞小球质量m1和被碰撞小球质量m2之比m1：m2=4：1．
（2）在（1）实验中，产生误差的主要原因是ACD
A．碰撞前入射小球的速度方向、碰撞后入射小球的速度方向和碰撞后被碰小球的速度方向不是绝对沿水平方向
B．小球在空气中飞行时受到空气阻力
C．通过复写纸描得的各点，不是理想点，有一定的大小，从而带来作图上的误差
D．测量长度时有误差．
分析 由于两球从同一高度下落，故下落时间相同，所以水平向速度之比等于两物体水平方向位移之比，然后根据动量守恒列方程即可正确求出质量之比．
解答 解：由于两球从同一高度开始下落，且下落到同一水平面上，故两球下落的时间相同．
根据动量守恒定律可得在水平方向有m1v0=m1v1+m2v2，
故m1v0t=m1v1t+m2v2t，
即m1×xOP=m1×xOM+m2×xON
代入数据求得：m1：m2=4：1
（2）由于碰撞前后小球的速度方向不是绝对沿水平方向，落点不确定，长度测量等都是造成误差的主要原因，而在本实验中，由于小球的运动速度不是很大，所以空气阻力虽然会对测量结果造成影响，但不是产生误差的主要原因．故选：ACD．
故答案为：（1）4：1；（2）ACD．
点评 本题主要考查了“验证动量守恒定律”的实验的原理及要求以及数据处理等基础知识，难度不大，属于基础题，是考查基础知识的好题．
练习册系列答案
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17．已知一飞船绕地球做匀速圆周运动的周期为T，离地面的高度为H，地球半为R，则根据T、H、R和引力常量G可以计算出（ ）
| A． | 地球的质量 | B． | 地球的平均密度 | ||
| C． | 卫星的向心力大小 | D． | 卫星的向心加速度大小 |
14．
如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=5Ω，变阻器的最大电阻Rmax=5.0Ω，R2=1.5Ω，平行板电容器C的两金属板水平放置．在开关S与a接触且电路稳定后，电源恰好有最大的输出功率，此时在平行板电容器正中央的一个带电微粒也恰能静止．那么（ ）
如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=5Ω，变阻器的最大电阻Rmax=5.0Ω，R2=1.5Ω，平行板电容器C的两金属板水平放置．在开关S与a接触且电路稳定后，电源恰好有最大的输出功率，此时在平行板电容器正中央的一个带电微粒也恰能静止．那么（ ）| A． | S与a接触a电路稳定后，Ri接入电路的电阻值为3Ω，电源的输出功率为4.5W | |
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| D． | 在题设条件下，将并关掷向b后，电容器C所带电荷量将增大 |
在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：
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小球在半径为R的光滑半球内做水平面内的匀速圆周运动，试分析图中的θ（小球与半球球心连线跟竖直方向的夹角）与线速度v、周期T的关系．（小球的半径远小于R）
16．质量为m的石子从距离地面高为H的塔顶以初速度v0竖直向下运动，若只考虑重力作用则石子下落到距地面高h处时的动能为（ ）
| A． | mgH+$\frac{1}{2}$mv02 | B． | mgH-mgh | C． | mgH+$\frac{1}{2}$mv02-mgh | D． | mgH+$\frac{1}{2}$mv02+mgh |