数列{an}满足a1=$\frac{1}{4}$.an=$\frac{{a} {n-1}}{(-1)^{n}{a} {n-1}-2}$．令bn=ansin$\frac{π}{2}$(1)证明:数列{${\frac{1}{a n}$+(-1)n}为等比数列,(2)设cn=$\frac{2}{3}$n•.求数列{cn}的前n项和Sn,(3)数列{bn}的前n项和为Tn．求证:� 题目和参考答案——青夏教育精英家教网—

题目内容

12．数列{a_n}满足a₁=$\frac{1}{4}$，a_n=$\frac{{a}_{n-1}}{（-1）^{n}{a}_{n-1}-2}$（n≥2，n∈N）．令b_n=a_nsin$\frac{（2n-1）π}{2}$
（1）证明：数列{${\frac{1}{a_n}$+（-1）ⁿ}为等比数列；
（2）设c_n=$\frac{2}{3}$n•（${\frac{1}{b_n}$-1），求数列{c_n}的前n项和S_n；
（3）数列{b_n}的前n项和为T_n．求证：对任意的n∈N^*，T_n＜$\frac{4}{7}$．

分析（1）由a_n=$\frac{{a}_{n-1}}{（-1）^{n}{a}_{n-1}-2}$（n≥2，n∈N），两边取倒数，变形即可证明．
（2）由$sin\frac{（2n-1）π}{2}={（-1）^{n-1}}$，可得${b_n}=\frac{{{{（-1）}^{n-1}}}}{{3{{（-2）}^{n-1}}-{{（-1）}^n}}}=\frac{1}{{3•{2^{n-1}}+1}}$，${c_n}=\frac{2}{3}n•（{\frac{1}{b_n}-1}）=n•{2^n}$，再利用“错位相减法”、等比数列的求和公式即可得出．
（3）通过放缩法，利用等比数列的求和公式即可证明．

解答（1）证明：∵a_n=$\frac{{a}_{n-1}}{（-1）^{n}{a}_{n-1}-2}$（n≥2，n∈N）．，
∴$\frac{1}{a_n}={（-1）^n}-\frac{2}{{{a_{n-1}}}}$，∴$\frac{1}{a_n}+{（-1）^n}=（-2）[\frac{1}{{{a_{n-1}}}}+{（-1）^{n-1}}]$，
又∵$\frac{1}{a_1}+（-1）=3$，∴数列$\left\{{\frac{1}{a_n}+{{（{-1}）}^n}}\right\}$是首项为3，公比为-2的等比数列．
（2）解：∵$sin\frac{（2n-1）π}{2}={（-1）^{n-1}}$，
∴${b_n}=\frac{{{{（-1）}^{n-1}}}}{{3{{（-2）}^{n-1}}-{{（-1）}^n}}}=\frac{1}{{3•{2^{n-1}}+1}}$．
∴${c_n}=\frac{2}{3}n•（{\frac{1}{b_n}-1}）=n•{2^n}$
∴S_n=1×2+2×2²+3×2³+…+n×2ⁿ，①
2S_n=1×2²+2×2³+3×2⁴+…+（n-1）×2ⁿ+n×2ⁿ⁺¹．②
①-②，得-S_n=2+2²+2³+…+2ⁿ-n•2ⁿ⁺¹=$\frac{2（1-2n）}{1-2}$-n•2ⁿ⁺¹=2ⁿ⁺¹-n•2ⁿ⁺¹-2．
∴S_n=（n-1）2ⁿ⁺¹+2．
（3）证明：当n≥3时，则${T_n}=\frac{1}{3+1}+\frac{1}{3•2+1}+\frac{1}{{3•{2^2}+1}}+…+\frac{1}{{3•{2^{n-1}}+1}}$
＜$\frac{1}{4}+\frac{1}{7}+\frac{1}{{3•{2^2}}}+\frac{1}{{3•{2^3}}}+\frac{1}{{3•{2^{n-1}}}}=\frac{11}{28}+\frac{{\frac{1}{12}[1-{{（\frac{1}{2}）}^{n-2}}]}}{{1-\frac{1}{2}}}$
=$\frac{11}{28}+\frac{1}{6}[1-{（\frac{1}{2}）^{n-2}}]＜\frac{11}{28}+\frac{1}{6}=\frac{47}{84}＜\frac{48}{84}=\frac{4}{7}$．
∵T₁＜T₂＜T₃，∴对任意的n∈N^*，${T_n}＜\frac{4}{7}$．