Question

已知函数f（x）=（x-1）²，g（x）=k（x-1），函数f（x）-g（x）其中一个零点为5，数列{a_n}满足，且（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0．
（1）求数列{a_n}通项公式：
（2）试证明；
（3）设b_n=3f（a_n）-g（a_n+1），试探究数列{b_n}是否存在最大项和最小项？若存在求出最大项和最小项，若不存在，说明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）根据题意先求出k的值，进而求出a₁的值，然后根据（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0可以求出a_n-1为等比数列，便可求出数列{a_n}通项公式；
（2）由（1）求得的数列{a_n}通项公式求出的表达式，再根据不等式的性质即可证明；
（3）根据题意先求出b_n的通项公式，然后令，讨论b_n的单调性，分别讨论n=1，2，3，4时u的值，即可求出b_n的最大项和最小项的值．
解答：解：（1）函数f（x）-g（x）有一个零点为5，即方程（x-1）²-k（x-1）=0，有一个根为5，
将x=5代入方程得16-4k=0，
∴k=4，∴a₁=2（1分）
由（a_n+1-a_n）g（a_n）+f（a_n）=0得
4（a_n+1-a₁）（a_n-1）+（a_n-1）²=0，
（a_n-1）（4a_n+1-4a_n+a_n-1）=0，
∴a_n-1=0或4a_n+1-4a_n+a_n-1=0，（3分）
由（1）知a₁=2，∴a_n-1=0（舍去）．
由4a_n+1-4a_n+a_n-1=0得4a_n+1=3a_n+（14分）
由4a_n+1=3a_n+1得a_n+1-1=（5分）
∴数列{a_n-1}是首项为a₁-1=1，公比为的等比数列
∴a_n-1=，
∴数列{a_n}通项公式为a_n=．（6分）
（2）由（1）知∴=+n=4[1-（8分）
∵对?n∈N*，有，
∴∴+n≥1+n，
即（10分）
（3）由b_n=3f（a_n）-g（a_n+1）得b_n=3（a_n-1）²-4（a_n+1-1）
∴=（11分）
令，则0＜u≤1，
b_n=3（u²-u）=
∵函数在上为增函数，在上为减函数（12分）
当n=1时u=1，
当n=2时，
当n=3时，=，
当n=4时，
∵，且
∴当n=3时，b_n有最小值，即数列{b_n} 有最小项，最小项为（13分）
当n=1即u=1时，b_n有最大值，即有最大项，最大项为b₁=3（1-1）=0．（14分）
点评：本题考查了数列的推导以及函数的单调性求函数的最大值和最小值，考查了学生的计算能力和对数列、函数的综合掌握，解题时注意整体思想和转化思想的运用，属于中档题．