题目内容
如图所示，其中甲池的总反应为：2CH3OH+3O2+4KOH=2K2CO3+6H2O下列说法正确的是（ ）
A．甲池是电能转化为化学能的装置，乙、丙池是化学能转化电能的装置
B．甲池通入CH3OH的电极反应为CH3OH-6e-+2H2O=CO32-+8H+
C．反应一段时间后，向乙池中加入一定量Cu（OH）2固体，能使CuSO4溶液恢复到原浓度
D．甲池中消耗560mL（标准状况下）O2，此时丙池中理论上最多产生2.9g固体
【答案】分析：A、根据图知，甲池是原电池，乙池和丙池是电解池，原电池是把化学能转变为电能的装置，电解池是把电能转变为化学能的装置．
B、甲池中投放燃料的电极是负极，负极上失电子发生氧化反应．
C、根据“析出什么物质加入什么物质”的原则判断是否正确．
D、根据转移电子与生成沉淀的关系式计算判断．
解答：解：A、甲池是燃料电池，乙池和丙池有外接电源属于电解池，所以甲池是把化学能转变为电能的装置，乙池和丙池是把电能转变为化学能的装置，故A错误．
B、燃料电池中，投放燃料的电极是负极，负极上燃料失去电子放电氧化反应，电极反应式为CH3OH-6e-+8HO-=CO32-+6H2O，故B错误．
C、甲池中投放甲醇的电极是负极，投放氧气的电极是正极，所以乙池中石墨是阳极，银极是阴极，电解时，石墨极上析出氧气，银极上析出铜，所以要想使CuSO4溶液恢复到原浓度应加入氧化物而不是氢氧化铜，故C错误．
D、甲池中消耗560mL（标准状况下）O2，转移电子0.1mol，根据转移电子守恒知，丙池中生成0.05mol氢气，同时生成0.1mol氢氧根离子，氢氧根离子和镁离子生成氢氧化镁沉淀，所以氢氧化镁沉淀的物质的量是0.05mol，氢氧化镁沉淀的质量=0.05mol×58g/mol=2.9g，故D正确．
故选D．
点评：本题考查了原电池和电解池原理，难度不大，易错选项是B，会燃料电池电极反应式的书写，注意书写电极反应式时要结合电解质溶液的酸碱性，电解质溶液不同电极反应式不同．
B、甲池中投放燃料的电极是负极，负极上失电子发生氧化反应．
C、根据“析出什么物质加入什么物质”的原则判断是否正确．
D、根据转移电子与生成沉淀的关系式计算判断．
解答：解：A、甲池是燃料电池，乙池和丙池有外接电源属于电解池，所以甲池是把化学能转变为电能的装置，乙池和丙池是把电能转变为化学能的装置，故A错误．
B、燃料电池中，投放燃料的电极是负极，负极上燃料失去电子放电氧化反应，电极反应式为CH3OH-6e-+8HO-=CO32-+6H2O，故B错误．
C、甲池中投放甲醇的电极是负极，投放氧气的电极是正极，所以乙池中石墨是阳极，银极是阴极，电解时，石墨极上析出氧气，银极上析出铜，所以要想使CuSO4溶液恢复到原浓度应加入氧化物而不是氢氧化铜，故C错误．
D、甲池中消耗560mL（标准状况下）O2，转移电子0.1mol，根据转移电子守恒知，丙池中生成0.05mol氢气，同时生成0.1mol氢氧根离子，氢氧根离子和镁离子生成氢氧化镁沉淀，所以氢氧化镁沉淀的物质的量是0.05mol，氢氧化镁沉淀的质量=0.05mol×58g/mol=2.9g，故D正确．
故选D．
点评：本题考查了原电池和电解池原理，难度不大，易错选项是B，会燃料电池电极反应式的书写，注意书写电极反应式时要结合电解质溶液的酸碱性，电解质溶液不同电极反应式不同．
练习册系列答案
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