题目内容

18.V、W、X、Y、Z是原子序数依次递减的五种常见元素.X元素是地壳中含量最多的元素,Y、Z组成的气态化合物M的水溶液呈碱性,W的单质在X2中燃烧产物T可使品红溶液褪色,V是一种历史悠久、应用广泛的金属元素.请回答:
(1)Y元素在周期表中的位置是第二周期第ⅤA族;写出X、Z两种元素组成的化合物Z2X2的一种用途:消毒剂或氧化剂或漂白剂
(2)由以上五种元素两两组合所形成的化合物中,有一种物质能与水反应生成气体且反应属于氧化还原反应,请写出该反应的化学方程式3NO2+H2O=2HNO3+NO.
(3)X、Y、Z三种元素可组成一种强酸U,M在适当条件下被U吸收生成一种盐.该盐的水溶液的pH小于7(填“大于”、“小于”或“等于”).原因是(用离子方程式表示)NH4++H2O?NH3.H2O+H+
(4)若将V金属投入到盐酸溶液中,生成了浅绿色溶液N.N的酸性溶液与Z2Y2反应的离子方程式:2Fe2++2H++H2O2=2Fe3++2H2O
(5)常温下,当300mL 1 mol•L-1的NaOH溶液吸收4.48L(折算成标准状况)T时,所得溶液pH>7,则溶液中各离子浓度由大到小的顺序为c(Na+)>c(HCO3-)>c(CO32-)>c(OH-)>c(H+
(6)有人设想寻求合适的催化剂和电极材料,以Y2、Z2为电极反应物,以HCl-NH4Cl溶液为电解质溶液制造新型燃料电池,试写出该电池的正极电极反应式N2+8H++6e-=2NH4+;放电时溶液中H+移向正(填“正”或“负”)极.

分析 V、W、X、Y、Z是原子序数依次递减的五种常见元素.X元素是地壳中含量最多的元素,则X为O元素;Y、Z组成的气态化合物M的水溶液呈碱性,可推知Y为N元素、Z为H元素,M为NH3;W的单质在X2中燃烧产物T可使品红溶液褪色,可推知W为S元素,T为SO2;V是一种历史悠久、应用最广泛的金属元素,则V为Fe元素,据此解答.

解答 解:V、W、X、Y、Z是原子序数依次递减的五种常见元素.X元素是地壳中含量最多的元素,则X为O元素;Y、Z组成的气态化合物M的水溶液呈碱性,可推知Y为N元素、Z为H元素,M为NH3;W的单质在X2中燃烧产物T可使品红溶液褪色,可推知W为S元素,T为SO2;V是一种历史悠久、应用最广泛的金属元素,则V为Fe元素.
(1)Y为N元素,在周期表中的位置是:第二周期第ⅤA族;化合物H2O2可以用作消毒剂、氧化剂、漂白剂,
故答案为:第二周期第ⅤA族;消毒剂或氧化剂或漂白剂;
(2)由以上五种元素两两组合所形成的化合物中,有一种物质能与水反应生成气体且反应属于氧化还原反应,应是二氧化氮与水反应生成硝酸与NO,该反应的化学方程式为:3NO2+H2O=2HNO3+NO,
故答案为:3NO2+H2O=2HNO3+NO;
(3)O、N、H三种元素可组成一种强酸U为HNO3,氨气在适当条件下被HNO3吸收生成NH4NO3,该盐的水溶液中NH4+离子水解:NH4++H2O?NH3.H2O+H+,破坏水的电离平衡,溶液呈酸性,溶液pH小于7,
故答案为:小于;NH4++H2O?NH3.H2O+H+
(4)将Fe投入到盐酸溶液中,生成了浅绿色FeCl2溶液,双氧水具有强氧化性,酸性条件下将亚铁离子氧化为铁离子,同时生成水,FeCl2的酸性溶液与双氧水反应的离子方程式为2Fe2++2H++H2O2=2Fe3++2H2O,
故答案为:2Fe2++2H++H2O2=2Fe3++2H2O;
(5)300mL 1mol•L-1的NaOH的物质的量=1mol/L×0.3L=0.3mol,标准状况下4.48LCO2的物质的量=$\frac{4.48L}{22.4L/mol}$=0.2mol,所以氢氧化钠和二氧化碳反应方程式为:2CO2+3NaOH=Na2CO3+NaHCO3+H2O,溶液中碳酸根离子水解而使溶液呈碱性,即c(OH-)>c(H+),碳酸根离子水解沉淀大于碳酸氢根离子水解程度,所以c(HCO3-)>c(CO32-),由于水解程度较小,所以c(CO32-)>c(OH-),故溶液中各离子浓度大小顺序是:c(Na+)>c(HCO3-)>c(CO32-)>c(OH-)>c(H+),
故答案为:c(Na+)>c(HCO3-)>c(CO32-)>c(OH-)>c(H+);
(6)以N2、H2为电极反应物,以HCl-NH4Cl溶液为电解质溶液制造新型燃料电池,正极发生还原反应,氮气在正极获得电子,酸性条件下生成NH4+,该电池的正极电极反应式为:N2+8H++6e-=2NH4+,放电时溶液中H+向正极移动,
故答案为:N2+8H++6e-=2NH4+;正.

点评 本题考查结构性质位置关系应用,涉及元素化合物性质、盐类水解、原电池等,题目难度中等,推断元素的种类是关键,理解掌握电极反应式的书写与离子浓度大小比较.

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