题目内容
硫、氮及其化合物与人类的生活有着密切关系
ⅠNO分子因污染空气而臭名昭著．近年来，发现少量的NO在生物体内许多组织中存在，它有扩张血管、免疫、增强记忆的功能，而成为当前生命科学的研究的热点，NO亦被称为“明星分子”．请回答下列问题．
（1）NO的危害在于
A．破坏臭氧层 B．高温下能使一些金属氧化
C．造成酸雨 D．与人体血红蛋白结合
（2）在含Cu+离子的酶的活化中心中，亚硝酸根离子可转化为NO，写出Cu+和亚硝酸根离子（NO2-）在酸性水溶液中反应的离子方程式：
（3）已知NH3和Cl2会发生氧化还原反应，生成N2和NH4Cl．现用如图1所示的装置进行实验，打开分液漏斗的活塞，滴下浓氨水，至不再反应为止；关闭分液漏斗的活塞，待恢复到室温，打开止水夹，试管内液面上升至三分之二处．
①写出实验室制取氨气的化学方程式
②试管内发生反应的化学方程式是
③试管中发生的反应表明氨气具有
a、氧化性 b、还原性 c、碱性 d、热不稳定性
Ⅱ（1）将SO2通入由CuSO4和NaCl混合的浓溶液中，溶液颜色变浅，析出白色沉淀，取该沉淀进行元素质量分数分析，知其中含Cl：35.7%，Cu：64.3%，则SO2在上述反应中的作用是
a．漂白剂 b．氧化剂 c．还原剂
（2）废印刷电路板上含有铜，以往的回收方法是将其灼烧使铜转化为氧化铜，再用硫酸溶解．现改用H2O2和稀硫酸浸泡废印刷电路板既达到上述目的，又保护了环境，试写出反应的离子方程式
（3）用上图2实验装置可以证明硫、碳、硅三种元素的非金属性强弱．则A、B、C所代表的物质的名称：A
ⅠNO分子因污染空气而臭名昭著．近年来，发现少量的NO在生物体内许多组织中存在，它有扩张血管、免疫、增强记忆的功能，而成为当前生命科学的研究的热点，NO亦被称为“明星分子”．请回答下列问题．
（1）NO的危害在于
ACD
ACD
（填标号）．A．破坏臭氧层 B．高温下能使一些金属氧化
C．造成酸雨 D．与人体血红蛋白结合
（2）在含Cu+离子的酶的活化中心中，亚硝酸根离子可转化为NO，写出Cu+和亚硝酸根离子（NO2-）在酸性水溶液中反应的离子方程式：
Cu++NO2-+2H+═Cu2++NO↑+H2O
Cu++NO2-+2H+═Cu2++NO↑+H2O
．（3）已知NH3和Cl2会发生氧化还原反应，生成N2和NH4Cl．现用如图1所示的装置进行实验，打开分液漏斗的活塞，滴下浓氨水，至不再反应为止；关闭分液漏斗的活塞，待恢复到室温，打开止水夹，试管内液面上升至三分之二处．
①写出实验室制取氨气的化学方程式
Ca（OH）2+2NH4Cl═CaCl2+2NH3↑+2H2O
Ca（OH）2+2NH4Cl═CaCl2+2NH3↑+2H2O
．②试管内发生反应的化学方程式是
8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl
8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl
．③试管中发生的反应表明氨气具有
bc
bc
（填标号）．a、氧化性 b、还原性 c、碱性 d、热不稳定性
Ⅱ（1）将SO2通入由CuSO4和NaCl混合的浓溶液中，溶液颜色变浅，析出白色沉淀，取该沉淀进行元素质量分数分析，知其中含Cl：35.7%，Cu：64.3%，则SO2在上述反应中的作用是
c
c
（填标号）．a．漂白剂 b．氧化剂 c．还原剂
（2）废印刷电路板上含有铜，以往的回收方法是将其灼烧使铜转化为氧化铜，再用硫酸溶解．现改用H2O2和稀硫酸浸泡废印刷电路板既达到上述目的，又保护了环境，试写出反应的离子方程式
Cu+2H++H2O2═Cu2++2H2O
Cu+2H++H2O2═Cu2++2H2O
．（3）用上图2实验装置可以证明硫、碳、硅三种元素的非金属性强弱．则A、B、C所代表的物质的名称：A
H2SO4
H2SO4
，BNaHCO3或Na2CO3
NaHCO3或Na2CO3
，CNa2SiO3
Na2SiO3
填化学式）．分析：Ⅰ（1）根据NO的性质可知，NO易与氧气结合，氮的氧化物易形成酸雨；
（2）由Cu+和亚硝酸根离子在酸性水溶液中反应生成NO来分析；
（3）①实验室制取氨气 可用铵盐和碱反应；
②NH3和Cl2反应生成N2和NH4Cl；
③氯气是氧化剂，氨气是还原剂，有还原性，反应生成氯化铵，说明氨气有碱性；
Ⅱ（1）根据Cl和Cu的百分含量可计算沉淀中只含Cu和Cl两种元素（35.7%+64.3%=100%），且两者的物质的量之比约为1：1，进而确定产物为CuCl，结合化合价的变化判断物质在反应中的性质和作用；
（2）Cu和稀硫酸不反应，加入具有氧化性的H2O2，可生成硫酸铜和水；
（3）强酸可与弱酸的盐反应制取弱酸．
（2）由Cu+和亚硝酸根离子在酸性水溶液中反应生成NO来分析；
（3）①实验室制取氨气 可用铵盐和碱反应；
②NH3和Cl2反应生成N2和NH4Cl；
③氯气是氧化剂，氨气是还原剂，有还原性，反应生成氯化铵，说明氨气有碱性；
Ⅱ（1）根据Cl和Cu的百分含量可计算沉淀中只含Cu和Cl两种元素（35.7%+64.3%=100%），且两者的物质的量之比约为1：1，进而确定产物为CuCl，结合化合价的变化判断物质在反应中的性质和作用；
（2）Cu和稀硫酸不反应，加入具有氧化性的H2O2，可生成硫酸铜和水；
（3）强酸可与弱酸的盐反应制取弱酸．
解答：解：Ⅰ（1）因NO易与氧气结合，氮的氧化物易形成酸雨，NO能与臭氧反应，则A、C、D正确，而只有高温时才可氧化金属，所以B不正确，故答案为：ACD；
（2）亚硝酸根离子可转化为NO，Cu+转化为Cu2+，酸性条件下的离子反应为Cu++NO2-+2H+=Cu2++NO↑+H2O，故答案为：Cu++NO2-+2H+═Cu2++NO↑+H2O；
（3）①实验室制取氨气的化学方程式：Ca（OH）2+2NH4Cl═Ca Cl 2+2NH3↑+2H2O，故答案为：Ca（OH）2+2NH4Cl═Ca Cl 2+2NH3↑+2H2O；
②NH3和Cl2反应生成N2和NH4Cl，方程式：8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl，故答案为：8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl；
③氯气是氧化剂，氨气是还原剂，有还原性，反应生成氯化铵，说明氨气有碱性，故答案为：bc；
Ⅱ（1）由Cl和Cu的百分含量知，沉淀中只含Cu和Cl两种元素（35.7%+64.3%=100%），且两者的物质的量之比约为1：1（
：
），可知，最简式为CuCl，其中Cu的化合价为+1价，则原反应物中CuSO4为氧化剂，那可能的还原剂只有SO2，氧化产物是SO42-，故选C．
（2）Cu和稀硫酸不反应，加入具有氧化性的H2O2，可生成硫酸铜和水，反应的离子方程式为Cu+2H++H2O2=Cu2++2H2O，故答案为：Cu+2H++H2O2=Cu2++2H2O；
（3）强酸可与弱酸的盐反应制取弱酸，故A为H2SO4；B为Na2CO3；C为Na2SiO3，故答案为：H2SO4；NaHCO3 （或Na2CO3）；Na2SiO3．
（2）亚硝酸根离子可转化为NO，Cu+转化为Cu2+，酸性条件下的离子反应为Cu++NO2-+2H+=Cu2++NO↑+H2O，故答案为：Cu++NO2-+2H+═Cu2++NO↑+H2O；
（3）①实验室制取氨气的化学方程式：Ca（OH）2+2NH4Cl═Ca Cl 2+2NH3↑+2H2O，故答案为：Ca（OH）2+2NH4Cl═Ca Cl 2+2NH3↑+2H2O；
②NH3和Cl2反应生成N2和NH4Cl，方程式：8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl，故答案为：8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl；
③氯气是氧化剂，氨气是还原剂，有还原性，反应生成氯化铵，说明氨气有碱性，故答案为：bc；
Ⅱ（1）由Cl和Cu的百分含量知，沉淀中只含Cu和Cl两种元素（35.7%+64.3%=100%），且两者的物质的量之比约为1：1（
| 35.7% |
| 35.5 |
| 64.7% |
| 64 |
（2）Cu和稀硫酸不反应，加入具有氧化性的H2O2，可生成硫酸铜和水，反应的离子方程式为Cu+2H++H2O2=Cu2++2H2O，故答案为：Cu+2H++H2O2=Cu2++2H2O；
（3）强酸可与弱酸的盐反应制取弱酸，故A为H2SO4；B为Na2CO3；C为Na2SiO3，故答案为：H2SO4；NaHCO3 （或Na2CO3）；Na2SiO3．
点评：本题考查NO的性质及氧化还原反应，难度较大，学生应注意利用所学知识结合信息来分析，Ⅱ（1）是学生解答的难点．
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