题目内容
13．在用电压表和电流表测小灯泡电阻的实验中．
（1）该实验原理是R=$\frac{U}{I}$．
（2）在虚线框内画出实验的电路图2．
（3）电路连接无误后，闭合开关，电压表和电流表的示数如图所示，则通过灯丝的电流为0.2A，小灯泡两端的电压为1.2V，小灯泡的电阻为6Ω．
（4）若滑动变阻器的滑片向左移动，电压表的示数将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）．小灯泡的亮度将变暗（选填“变亮”、“变暗”或“不变”）．
分析 （1）用电压表和电流表测小灯泡电阻的实验原理是欧姆定律的变形公式；
（2）根据电流流向法，先画出电源的符号，从电源的正极出发依次画出串联的电路元件，最后把电压表并联画在灯泡两端；
（3）根据电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出小灯泡的电阻；
（4）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可得灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化．
解答 解：（1）用电压表和电流表测电阻的实验原理是R=$\frac{U}{I}$；
（2）先画出电源符合，根据电流流向依次画出开关、滑动变阻器、灯泡、电流表回到电源的负极，最后把电压表并联画在灯泡两端，如下图所示：
（3）由图3可知，
电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.2V，
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，
由I=$\frac{U}{R}$可得，灯泡电阻R=$\frac{U}{I}$=$\frac{1.2V}{0.2A}$=6Ω；
（4）滑动变阻器的滑片向左移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=$\frac{U}{R}$可知，电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小，
由P=UI和灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗．
故答案为：
（1）R=$\frac{U}{I}$；
（2）如上图所示；
（3）0.2；1.2；6；
（4）变小；变暗．
点评 本题考查了实验的原理和根据实物图画电路图、电表的读数、欧姆定律的应用、电路的动态分析，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．
练习册系列答案
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如图所示，是某同学家中烧水时的电水壶的接电线示意图．电水壶在正常工作的情况下．“L”和“PE”两根导线之间的电压为220V．如果通过电水壶的电流是5A，则电水壶的电功率是1100W．
如图，当开关S闭合后，移动滑片，发现电流表的示数变化范围是0.2A至0.6A，若R1=20Ω，求：
5．在研究“杠杆平衡条件”的探究活动中，
（1）所需的器材除了杠杆、支架、细线、钩码外，还需要弹簧测力计．
（2）杠杆两端的螺母的作用是调节杠杆在水平位置平衡．
（3）在杠杆的支点两侧上挂上钩码后，发现左端比右端高，应将钩码向左移动（填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡，这样的好处是便于测量力臂．
（4）实验得出：杠杆平衡条件是F1L1=F2L2．
（5）如表是某同学实验的过程记录，请把表格中空缺部分补充完整．
（1）所需的器材除了杠杆、支架、细线、钩码外，还需要弹簧测力计．
（2）杠杆两端的螺母的作用是调节杠杆在水平位置平衡．
（3）在杠杆的支点两侧上挂上钩码后，发现左端比右端高，应将钩码向左移动（填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡，这样的好处是便于测量力臂．
（4）实验得出：杠杆平衡条件是F1L1=F2L2．
（5）如表是某同学实验的过程记录，请把表格中空缺部分补充完整．
| 次数 | 动力/N | 动力臂/m | 阻力/N | 阻力臂/m |
| 1 | 1.96 | 0.04 | 3.92 | 0.02 |
| 2 | 0.49 | 0.06 | 0.98 | 0.03 |
| 3 | 2.45 | 0.03 | 1.47 | 0.05 |
2．沿海地区昼夜温差比沙漠地区小，说明水对气温有调节作用，这是因为（ ）
| A． | 水的透明度高，容易吸收太阳能 | B． | 水的比热容比砂石的比热容大 | ||
| C． | 水在蒸发时有制冷作用 | D． | 水的流动性好，容易发生热交换 |