题目内容
【题目】如图，抛物线y=ax2﹣2ax+c（a≠0）与y轴交于点C（0，4），与x轴交于点A、B，点A坐标为（4，0）．
（1）求该抛物线的解析式；
（2）抛物线的顶点为N，在x轴上找一点K，使CK+KN最小，并求出点K的坐标；
（3）点Q是线段AB上的动点，过点Q作QE∥AC，交BC于点E，连接CQ．当△CQE的面积最大时，求点Q的坐标；
（4）若平行于x轴的动直线l与该抛物线交于点P，与直线AC交于点F，点D的坐标为（2，0）．问：是否存在这样的直线l，使得△ODF是等腰三角形？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．
【答案】
（1）
解：∵抛物线经过点C（0，4），A（4，0），
∴ 
，解得 
，
∴抛物线解析式为y=﹣ 
（2）
解：由（1）可求得抛物线顶点为N（1， 
），
如图1，作点C关于x轴的对称点C′（0，﹣4），连接C′N交x轴于点K，则K点即为所求，
设直线C′N的解析式为y=kx+b，把C′、N点坐标代入可得 
，解得 
，
∴直线C′N的解析式为y= 
，
令y=0，解得x= 
，
∴点K的坐标为（ ，0）
（3）
解：设点Q（m，0），过点E作EG⊥x轴于点G，如图2，
由﹣ =0，得x1=﹣2，x2=4，
∴点B的坐标为（﹣2，0），AB=6，BQ=m+2，
又∵QE∥AC，
∴△BQE≌△BAC，
∴ 
，即 
，解得EG= 
；
∴S△CQE=S△CBQ﹣S△EBQ= 
= 
= 
．
又∵﹣2≤m≤4，
∴当m=1时，S△CQE有最大值3，此时Q（1，0）
（4）
解：存在．在△ODF中，
（ⅰ）若DO=DF，∵A（4，0），D（2，0），
∴AD=OD=DF=2．
又在Rt△AOC中，OA=OC=4，
∴∠OAC=45°．
∴∠DFA=∠OAC=45°．
∴∠ADF=90°．
此时，点F的坐标为（2，2）．
由﹣ =2，得x1=1+ 
，x2=1﹣ ．
此时，点P的坐标为：P1（1+ ，2）或P2（1﹣ ，2）；
（ⅱ）若FO=FD，过点F作FM⊥x轴于点M．
由等腰三角形的性质得：OM= 
OD=1，
∴AM=3．
∴在等腰直角△AMF中，MF=AM=3．
∴F（1，3）．
由﹣ =3，得x1=1+ 
，x2=1﹣ ．
此时，点P的坐标为：P3（1+ ，3）或P4（1﹣ ，3）；
（ⅲ）若OD=OF，
∵OA=OC=4，且∠AOC=90°．
∴AC=4 
．
∴点O到AC的距离为2 ．
而OF=OD=2＜2 ，与OF≥2 矛盾．
∴在AC上不存在点使得OF=OD=2．
此时，不存在这样的直线l，使得△ODF是等腰三角形．
综上所述，存在这样的直线l，使得△ODF是等腰三角形．所求点P的坐标为：（1+ ，2）或（1﹣ ，2）或（1+ ，3）或（1﹣ ，3）
【解析】（1）把A、C两点坐标代入抛物线解析式可求得a、c的值，可求得抛物线解析；（2）可求得点C关于x轴的对称点C′的坐标，连接C′N交x轴于点K，再求得直线C′K的解析式，可求得K点坐标；（3）过点E作EG⊥x轴于点G，设Q（m，0），可表示出AB、BQ，再证明△BQE≌△BAC，可表示出EG，可得出△CQE关于m的解析式，再根据二次函数的性质可求得Q点的坐标；（4）分DO=DF、FO=FD和OD=OF三种情况，分别根据等腰三角形的性质求得F点的坐标，进一步求得P点坐标即可．
