题目内容
(2004•聊城模拟)如图,正方形ABCD中,有一直径为BC的半圆,BC=2cm,现有两点E、F,分别从点B、点A同时出发,点E沿线段BA以1cm/s的速度向点A运动,点F沿折线A-D-C以2cm/s的速度向点C运动,设点E离开点B的时间为t(秒).(1)当t为何值时,线段EF与BC平行?
(2)设1<t<2,当t为何值时,EF与半圆相切?
(3)1≤t<2时,设EF与AC相交于点P,问点E、F运动时,点P的位置是否发生变化?若发生变化,请说明理由;若不发生变化,请给予证明,并求AP:PC的值.
【答案】分析:(1)如果EF∥BC,那么根据ABCD是正方形可知BEFC是矩形,则BE=CF,据此列出关于t的方程,求出方程的解即为本问答案.
(2)如果EF与半圆相切,由1<t<2,正方形ABCD中BC=2cm,以及点E沿线段BA以1cm/s的速度向点A运动,点F沿折线A-D-C以2cm/s的速度向点C运动,可知此时E点在AB边上,F点在CD边上,那么根据切线长定理,得EF=BE+CF,则EF可用含t的代数式表示,过F点作KF∥BC交AB于K,得∠EKF=90°,KF=2,EK=BE-CF,EF也用含t的代数式表示,根据勾股定理得EF2=EK2+FK2列出关于关于t的方程,求出方程的解,再根据1<t<2来进行取舍.
(3)因为P在AC上,而AC是定长,如果AP:PC的值是一个常数,那么点P的位置就不发生变化,否则就发生变化.由1≤t<2,同样可知此时E点在AB边上,F点在CD边上,那么由AB∥DC得出△AEP∽△CFP,从而AP:PC=AE:CF,用含t的代数式分别表示AE,CF,得出AE:CF=1:2,则AP:PC=1:2.
解答:
解:(1)设E、F出发后运动了t秒时,有EF∥BC(如图1)则
BE=t,CF=4-2t,即有t=4-2t,t=
;
∴当t为
秒时,线段EF与BC平行.
(2)设E、F出发后运动了t秒时,EF与半圆相切(如图2),过F点作KF∥BC交AB于K,
则BE=t,CF=4-2t,EK=t-(4-2t)=3t-4,
EF=EB+FC=t+(4-2t)=4-t.
又∵EF2=EK2+FK2,
∴(4-t)2=(3t-4)2+22.
即2t2-4 t+1=0,解得t=
,
∵1<t<2,∴
;
∴当t为
秒时,EF与半圆相切,(8分)
(3)当1≤t<2时,E、F出发后运动了t秒时,EF位置如图3所示,则
BE=t,AE=2-t,CF=4-2t,
∴
,
又∵AB∥DC,
∴△AEP∽△CFP.
∴
;
即点P位置与t的取值无关.
∴当1≤t<2时,点P的位置不会发生变化,且AP:PC的值为
.(12分)
点评:本题主要考查了相似三角形的判定,切线的性质等.由于E,F是动点,根据已知条件确定他们的大致位置是本题的关键.
(2)如果EF与半圆相切,由1<t<2,正方形ABCD中BC=2cm,以及点E沿线段BA以1cm/s的速度向点A运动,点F沿折线A-D-C以2cm/s的速度向点C运动,可知此时E点在AB边上,F点在CD边上,那么根据切线长定理,得EF=BE+CF,则EF可用含t的代数式表示,过F点作KF∥BC交AB于K,得∠EKF=90°,KF=2,EK=BE-CF,EF也用含t的代数式表示,根据勾股定理得EF2=EK2+FK2列出关于关于t的方程,求出方程的解,再根据1<t<2来进行取舍.
(3)因为P在AC上,而AC是定长,如果AP:PC的值是一个常数,那么点P的位置就不发生变化,否则就发生变化.由1≤t<2,同样可知此时E点在AB边上,F点在CD边上,那么由AB∥DC得出△AEP∽△CFP,从而AP:PC=AE:CF,用含t的代数式分别表示AE,CF,得出AE:CF=1:2,则AP:PC=1:2.
解答:
BE=t,CF=4-2t,即有t=4-2t,t=
∴当t为
(2)设E、F出发后运动了t秒时,EF与半圆相切(如图2),过F点作KF∥BC交AB于K,
则BE=t,CF=4-2t,EK=t-(4-2t)=3t-4,
EF=EB+FC=t+(4-2t)=4-t.
又∵EF2=EK2+FK2,
∴(4-t)2=(3t-4)2+22.
即2t2-4 t+1=0,解得t=
∵1<t<2,∴
∴当t为
(3)当1≤t<2时,E、F出发后运动了t秒时,EF位置如图3所示,则
BE=t,AE=2-t,CF=4-2t,
∴
又∵AB∥DC,
∴△AEP∽△CFP.
∴
即点P位置与t的取值无关.
∴当1≤t<2时,点P的位置不会发生变化,且AP:PC的值为
点评:本题主要考查了相似三角形的判定,切线的性质等.由于E,F是动点,根据已知条件确定他们的大致位置是本题的关键.
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