题目内容
【题目】综合与探究：
如图，抛物线y= 
x2﹣ 
x﹣4与x轴交与A，B两点（点B在点A的右侧），与y轴交于点C，连接BC，以BC为一边，点O为对称中心作菱形BDEC，点P是x轴上的一个动点，设点P的坐标为（m，0），过点P作x轴的垂线l交抛物线于点Q．
（1）求点A，B，C的坐标．
（2）当点P在线段OB上运动时，直线l分别交BD，BC于点M，N．试探究m为何值时，四边形CQMD是平行四边形，此时，请判断四边形CQBM的形状，并说明理由．
（3）当点P在线段EB上运动时，是否存在点Q，使△BDQ为直角三角形？若存在，请直接写出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．
【答案】
（1）解：当y=0时， 
x2﹣ 
x﹣4=0，解得x1=﹣2，x2=8，
∵点B在点A的右侧，
∴点A的坐标为（﹣2，0），点B的坐标为（8，0）．
当x=0时，y=﹣4，
∴点C的坐标为（0，﹣4）．
（2）解：由菱形的对称性可知，点D的坐标为（0，4）．
设直线BD的解析式为y=kx+b，则
，
解得k=﹣ 
，b=4．
∴直线BD的解析式为y=﹣ x+4．
∵l⊥x轴，
∴点M的坐标为（m，﹣ m+4），点Q的坐标为（m， m2﹣ m﹣4）．
如图，当MQ=DC时，四边形CQMD是平行四边形，
∴（﹣ m+4）﹣（ m2﹣ m﹣4）=4﹣（﹣4）．
化简得：m2﹣4m=0，
解得m1=0（不合题意舍去），m2=4．
∴当m=4时，四边形CQMD是平行四边形．
此时，四边形CQBM是平行四边形．
解法一：∵m=4，
∴点P是OB的中点．
∵l⊥x轴，
∴l∥y轴，
∴△BPM∽△BOD，
∴ 
= 
= ，
∴BM=DM，
∵四边形CQMD是平行四边形，
∴DM 
CQ，
∴BM CQ，
∴四边形CQBM是平行四边形．
解法二：设直线BC的解析式为y=k1x+b1，则
，
解得k1= ，b1=﹣4．
故直线BC的解析式为y= x﹣4．
又∵l⊥x轴交BC于点N，
∴x=4时，y=﹣2，
∴点N的坐标为（4，﹣2），
由上面可知，点M的坐标为（4，2），点Q的坐标为（4，﹣6）．
∴MN=2﹣（﹣2）=4，NQ=﹣2﹣（﹣6）=4，
∴MN=QN，
又∵四边形CQMD是平行四边形，
∴DB∥CQ，
∴∠3=∠4，
∵在△BMN与△CQN中，
，
∴△BMN≌△CQN（ASA）
∴BN=CN，
∴四边形CQBM是平行四边形．
（3）解：抛物线上存在两个这样的点Q，分别是Q1（﹣2，0），Q2（6，﹣4）．
若△BDQ为直角三角形，可能有三种情形，如答图2所示：
①以点Q为直角顶点．
此时以BD为直径作圆，圆与抛物线的交点，即为所求之Q点．
∵P在线段EB上运动，
∴﹣8≤xQ≤8，而由图形可见，在此范围内，圆与抛物线并无交点，
故此种情形不存在．
②以点D为直角顶点．
连接AD，∵OA=2，OD=4，OB=8，AB=10，
由勾股定理得：AD= 
，BD= 
，
∵AD2+BD2=AB2，
∴△ABD为直角三角形，即点A为所求的点Q．
∴Q1（﹣2，0）；
③以点B为直角顶点．
如图，设Q2点坐标为（x，y），过点Q2作Q2K⊥x轴于点K，则Q2K=﹣y，OK=x，BK=8﹣x．
易证△Q2KB∽△BOD，
∴ 
，即 
，整理得：y=2x﹣16．
∵点Q在抛物线上，∴y= x2﹣ x﹣4．
∴ x2﹣ x﹣4=2x﹣16，解得x=6或x=8，
当x=8时，点Q2与点B重合，故舍去；
当x=6时，y=﹣4，
∴Q2（6，﹣4）．
综上所述，符合题意的点Q的坐标为（﹣2，0）或（6，﹣4）
【解析】（1）根据函数解析式，求出当x=0和y=0是的函数值、自变量的值，即可求出点A、B、C三点坐标。
（2）先根据菱形是轴对称图形求出点D的坐标，在利用待定系数法求出直线DB的函数解析式，再分别表示出点M的坐标点Q的坐标，根据平行四边形的性质，得出关于m的方程即可求出m的值，即可判断四边形CQBM是平行四边形。
（3）要使△BDQ为直角三角形，分三种情况：①以点Q为直角顶点；②以点D为直角顶点；③以点B为直角顶点．根据勾股定理和相似三角形的判定和性质，分别求出点Q的坐标即可。
【考点精析】认真审题，首先需要了解确定一次函数的表达式(确定一个一次函数，需要确定一次函数定义式y=kx+b（k不等于0）中的常数k和b．解这类问题的一般方法是待定系数法)，还要掌握平行四边形的判定与性质(若一直线过平行四边形两对角线的交点，则这条直线被一组对边截下的线段以对角线的交点为中点，并且这两条直线二等分此平行四边形的面积)的相关知识才是答题的关键．
