题目内容
（2012•南岗区一模）如图，在平面直角坐标系中，点0是坐标原点，直线y=-
x+5与x轴、y轴的交点分别为A、B，过点0作OD⊥AB，垂足为D．
（1）求直线OD的解析式；
（2）点P从点A出发，沿射线AB以每秒
个单位长度的速度匀速运动，过点P作x轴的垂线，垂足为点Q．设线段0Q的长为d（d＞0），点P的运动时间为t（秒），求d与t的函数关系式（直接写出自变量t的取值范围）；
（3）在（2）的条件下，连接OP，是否存在t的值，使OP2=BP•AP？若存在，求出t的值，同时通过计算推理判断，此时以
为半径的⊙D与直线OP的位置关系；若不存在，请说明理由．
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（1）求直线OD的解析式；
（2）点P从点A出发，沿射线AB以每秒
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（3）在（2）的条件下，连接OP，是否存在t的值，使OP2=BP•AP？若存在，求出t的值，同时通过计算推理判断，此时以
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分析：（1）过点D作DC⊥OA于C，由直线y=-
x+5与x轴、y轴的交点分别为A、B，可求得A（10，0），B（0，5），又由OD⊥AB，利用直角三角形的面积公式，即可求得OD的长，利用三角函数的知识即可求得点D的坐标，然后利用待定系数法求得直线OD的解析式；
（2）易得△APQ∽△ABO，然后根据相似三角形的对应边成比例，易求得AQ的值，然后分别从0＜t≤5与t＞5去分析求解，即可求得d与t的函数关系式；
（3）由OP2=OQ2+PQ2与OP2=BP•AP，分别从0＜t≤5与t＞5去求解，即可求得k的值；然后分别求k取不同值时，以
为半径的⊙D与直线OP的位置关系．
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（2）易得△APQ∽△ABO，然后根据相似三角形的对应边成比例，易求得AQ的值，然后分别从0＜t≤5与t＞5去分析求解，即可求得d与t的函数关系式；
（3）由OP2=OQ2+PQ2与OP2=BP•AP，分别从0＜t≤5与t＞5去求解，即可求得k的值；然后分别求k取不同值时，以
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解答：
解：（1）过点D作DC⊥OA于C，
∵直线y=-
x+5与x轴、y轴的交点分别为A、B，
∴A（10，0），B（0，5），
即OA=10，OB=5，
∴AB=
=5
，
∴sin∠OAB=
=
，cos∠OAB=
=
，
∵OD⊥AB，
∴OD=
=2
，
∵∠AOD+∠ODC=90°，∠AOD+∠OAB=90°，
∴∠ODC=∠OAB，
∴OC=OD•sin∠ODC=2
×
=2，CD=OD•cos∠ODC=2
×
=4，
∴点D的坐标为：（2，4），
设直线OD的解析式为：y=kx（k≠0），
则2k=4，
解得：k=2，
∴直线OD的解析式为：y=2x；
（2）∵PQ⊥OA，
∴PQ∥OB，
∴△APQ∽△ABO，
∴AQ：AO=AP：AB，
∵AB=5
，OA=10，OB=5，AP=
t，
∴AQ：10=
t：5
，
∴AQ=2t，
当0＜t≤5时，d=OQ=OA-AQ=10-2t，
当t＞5时，d=OQ=AQ-OA=2t-10；
∴d与t的函数关系式为：d=
；
（3）存在，理由如下：
∵PQ：OB=AP：AB，
∴PQ：5=
t：5
，
解得：PQ=t，
∴OP2=OQ2+PQ2，
∵OP2=BP•AP，
当0＜t≤5时，BP=AB-AP=5
-
t，OP2=（10-2t）2+t2=5t2-40t+100，
∴5t2-40t+100=（5
-
t）•
t，
即2t2-13t+20=0，
解得：t=
或t=4；
当t＞5时，BP=AP-AB=
t-5
，OP2=（2t-10）2+t2=5t2-40t+100，
∴5t2-40t+100=（
t-5
）•
t，
即15t=100，
解得：t=
；
综上，t的值为：
或4或
；
∵AD=OA•cos∠OAB=10×
=4
，OD=OA•sin∠OAB=10×
=2
，
①如图4，当t=
时，过点D作DM⊥OP于M，
∵t=
，
∴AP=
，
∴DP=AD-AP=4
-
=
，
∵OP2=5t2-40t+100=
，
∴OP=
，
∴DM=
=
=
，
∴此时以
为半径的⊙D与直线OP相切；
②如图5，当t=4时，AP=4
=AD，
即点P与点D重合，
∴此时以
为半径的⊙D与直线OP相交；
③如图6，当t=
时，过点D作DN⊥OP于N，
∵t=
，
∴AP=
，
∵OP2=5t2-40t+100=
，
∴OP=
，
∴DP=AP-AD=
-4
=
，
∴DM=
=
=
＞
，
∴此时以
为半径的⊙D与直线OP相离．
解：（1）过点D作DC⊥OA于C，∵直线y=-
| 1 |
| 2 |
∴A（10，0），B（0，5），
即OA=10，OB=5，
∴AB=
| OA2+OB2 |
| 5 |
∴sin∠OAB=
| OB |
| AB |
| ||
| 5 |
| OA |
| AB |
2
| ||
| 5 |
∵OD⊥AB，
∴OD=
| OA•OB |
| AB |
| 5 |
∵∠AOD+∠ODC=90°，∠AOD+∠OAB=90°，
∴∠ODC=∠OAB，
∴OC=OD•sin∠ODC=2
| 5 |
| ||
| 5 |
| 5 |
2
| ||
| 5 |
∴点D的坐标为：（2，4），
设直线OD的解析式为：y=kx（k≠0），
则2k=4，
解得：k=2，
∴直线OD的解析式为：y=2x；
（2）∵PQ⊥OA，∴PQ∥OB，
∴△APQ∽△ABO，
∴AQ：AO=AP：AB，
∵AB=5
| 5 |
| 5 |
∴AQ：10=
| 5 |
| 5 |
∴AQ=2t，
当0＜t≤5时，d=OQ=OA-AQ=10-2t，
当t＞5时，d=OQ=AQ-OA=2t-10；
∴d与t的函数关系式为：d=
|
（3）存在，理由如下：
∵PQ：OB=AP：AB，
∴PQ：5=
| 5 |
| 5 |
解得：PQ=t，
∴OP2=OQ2+PQ2，
∵OP2=BP•AP，
当0＜t≤5时，BP=AB-AP=5
| 5 |
| 5 |
∴5t2-40t+100=（5
| 5 |
| 5 |
| 5 |
即2t2-13t+20=0，
解得：t=
| 5 |
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当t＞5时，BP=AP-AB=
| 5 |
| 5 |
∴5t2-40t+100=（
| 5 |
| 5 |
| 5 |
即15t=100，
解得：t=
| 20 |
| 3 |
综上，t的值为：
| 5 |
| 2 |
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∵AD=OA•cos∠OAB=10×
2
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| 5 |
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①如图4，当t=
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∵t=
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∴AP=
5
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∴DP=AD-AP=4
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3
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| 2 |
3
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∵OP2=5t2-40t+100=
| 125 |
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∴OP=
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∴DM=
| OD•DP |
| OP |
2
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6
| ||
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∴此时以
6
| ||
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②如图5，当t=4时，AP=4
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即点P与点D重合，
∴此时以
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| ||
| 5 |
③如图6，当t=
| 20 |
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∵t=
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∴AP=
20
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∵OP2=5t2-40t+100=
| 500 |
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∴OP=
| 10 |
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∴DP=AP-AD=
20
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∴DM=
| OD•DP |
| OP |
2
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∴此时以
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点评：此题考查了待定系数法求一次函数的解析式、直角三角形的性质、相似三角形的判定与性质以及圆与直线的位置关系．此题难度较大，注意掌握辅助线的作法是解此题的关键，注意数形结合与方程思想的应用．
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