17．解：已知每秒雷暴带给地球的电荷量为q，则大气的漏电电流为I=q/t=1800A

大气的漏电电阻可由欧姆定律求得U=IR

其中U=3.0×10⁵V，R=ρL/s，L=50km，s=4πr²，代入有关数据解得，

ρ=2×10¹²Ω·m^－1　　 地球的漏电功率为P=UI=5×10⁸W

16．解：(1)设S₂断开时R₁消耗的功率为P₁，则 ，

代入数据可以解得，r=1Ω

(2)设S₂闭合时R₁两端的电压为U，消耗的功率为P₂，则，解得，U=84V

由闭合电路欧姆定律得，E=U+Ir，代入数据，得I=26A

流过R₁的电流为I₁，流过电动机的电流为I₂，A，而I₁+I₂=I，所以I₂=22A，

由，代入数据得，W

15．解：由电阻的串并联得，闭合电路的总电阻R=R₁(R₂+R₃)/(R₁+R₂+R₃)+r

由欧姆定律得，通过电源的电流I=E/R

电源的端电压U=E－Ir　　 电阻R₃两端的电压U^/=R₃U/(R₂+R₃)

通过R₄的总电量就是通过电容器的电量Q=CU^/

代入数据解得，Q=2.0×10^－4C

13.解：(1)根据闭合电路欧姆定律得：S断开时：I=10/(16+2+2)=10/20=0.5A

S闭合时：R_AB=(R₂×R₃)/(R₂+R₃)=1Ω　 所以I=10/(1+2+2)=2A

(2)S闭合时，R_AB=1Ω是定值电阻，所以电流越大，功率越大，所以应将R₁调为零。

A、B间电路消耗的电功率为：P_AB=E²/(R_AB+r)=10²/3=33.3W。

14解:(1)微粒带负电　 (2分)

(2)微粒做圆周运动的轨迹在水平面内，且圆心O在点电荷的正下方，设圆心离点电荷的距离为H.　 (2分)

对于微粒受力分析如图所示，由牛顿第二定律得

　　　　 ①　　 (6分)

由几何知识得：R=Htanα　　 ②　　 (2分)

由①②得：　 　　　　　(2分)

17．(15分)大气中存在可自由运动的带电粒子，其密度随距地面高度的增加而增大，可以把离地面50km以下的大气看作是具有一定程度漏电的均匀绝缘体(即电阻率较大的物质)；离地面50km以上的大气则看作是带电粒子密度非常大的良导体。地球本身带负电，其周围空间存在电场，离地面L=50km处与地面之间的电势差约为U=3.0×10⁵V。由于电场的作用，地球处于放电状态，但大气中频繁发生雷暴又对地球充电，从而保证了地球周围电场恒定不变。统计表明，雷暴每秒带给地球的平均电荷量为q=1800C。试估算大气电阻率ρ和地球漏电功率P。(已知地球半径r=6400km，结果保留一位有效数字)

18(17分)如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v₀=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=1×10^－2C，质量为m=2×10^－2kg，不考虑空气阻力。那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？此时，电源的输出功率是多大？(取g=10m/s²)

1 B C D2 D 3 C 　4.A　 5.C　 6 A　 7 B　 8 B　 9 B D　 10 B C

11 (6分)　 50　　 0.5　4.763 mm

12(14分)(1)　 C　 ；　 E　 (4分)　 (2)　 外接　 (2分)

　　 (3)电路图如图所示(要求：滑动变阻器采用分压接法；电流表采用外接法)(4分)

　　　 (4)其形成原因是： 电压、电流的增大，使小灯泡温度升高，灯丝电阻率(或电阻)增大。(4分)

16．(16分)如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R₁=21Ω，电动机绕组的电阻R₀=0.5Ω，电键S₁始终闭合。当电键S₂断开时，电阻R₁的电功率是525W；当电键S₂闭合时，电阻R₁的电功率是336W，求

(1)电源的内电阻；

(2)当电键S₂闭合时流过电源的电流和电动机的输出的

功率。

15．(14分)在如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω；电阻R₁=10Ω，R₂=10Ω，R₃=30Ω；R₄=35Ω；电容器的电容C=100μF，电容器原来不带电，求接通开关S后流过R₄的总电量。

　13．(14分)在如图所示的电路中，所用电源电动势E=10V，内电阻r=2Ω，电阻R₁可调。现将R₁调到2Ω后固定。已知R₂=16Ω，R₃=Ω，求：

(1)开关S断开和接通时，通过R₁的电流分别为多大？

(2)为了使A、B之间电路的电功率在开关S接通时能达到最

大值，应将R₁的阻值调到多大？这时A、B间电路消耗的

电功率将是多少？

14.(14分)一带电量为Q的固定正点电荷在真空中形成的电场如图所示，现有一质量为m，带电量为q的微粒在此点电荷附近做周期为T的匀速圆周运动，微粒的重力不能忽略，求:

(1)微粒的带电性质.

(2)微粒的轨迹所在平面及圆心O的位置.

11．螺旋测微器的旋钮每转一周，可动刻度恰好转过　　　　 等分，此时测微螺杆就前进或后退　　　 mm。如图14-10-2所示螺旋测微器的示数为　　　　　　 。(6分)

12(14分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下：

A．小灯泡L( 3 V、1.8 W)；

B．滑动变阻器R(0 － 10 Ω，额定电流1.5A)；

C．电压表V₁(量程：0 － 3 V，R _V ＝5 kΩ)；

D．电压表V₂(量程：0 － 15 V，R _V ＝10 kΩ)；

E．电流表A₁(量程：0 － 0.6 A，R _A ＝0.5 Ω)；　

F．电流表A₂(量程：0 － 3 A，R _A ＝0.1 Ω)；

G．铅蓄电池、电键各一个，导线若干；

实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压。

(1)为了减少误差，实验中应选电压表　　　　　 ，电流表　　　　　　 ；

(2)在实验中，电流表应采用　　　　　 法(填“内接”或“外接”)；

(3)请在图虚线框内按要求设计实验电路图(部分线已画好)

(4)某同学实验后作出的I －U 图象如图所示，请分析该图象形成的原因是：　　 　　　

14、如图所示的异形导线框，匀速穿过一匀强磁场区，导线框中的感应电流i随时间t变化的图象是(设导线框中电流沿abcdef为正方向)　( 　)