题目内容
9.![](http://thumb.1010pic.com/pic3/quiz/images/201612/173/cca36990.png)
A. | 线框进入区域I时与离开区域I时的电流方向相同 | |
B. | 线框进入区域Ⅱ时与离开区域Ⅱ时所受安培力的方向相同 | |
C. | 线框有可能匀速通过磁场区域I | |
D. | 线框通过区域I和区域Ⅱ产生的总热量为Q=mg(d+h) |
分析 根据楞次定律分析感应电流的方向和安培力方向.根据通过线框的电流及其变化情况相同,可分析线框在磁场Ⅰ中的运动情况.由能量守恒分析总热量.
解答 解:A、线框进入区域I时磁通量增加,离开区域I时磁通量减少,所以由楞次定律判断知,线框进入区域I时与离开区域I时感应电流方向相反,故A错误.
B、根据楞次定律:感应电流阻碍导体与磁场的相对运动,可知线框进入区域Ⅱ时与离开区域Ⅱ时所受安培力的方向相同,均竖直向上.故B正确.
C、在穿过两磁场区域的过程中,因为通过线框的电流及其变化情况相同,由I=$\frac{BLv}{R}$,知线圈刚进入两个磁场时的速度相同,运动情况相同,而在两个磁场之间,线圈要做匀加速运动,所以线圈在磁场Ⅰ中只能减速运动,故C错误.
D、研究线框刚进入Ⅰ磁场到刚要磁场Ⅱ,由于动能不变,所以由能量守恒得产生的热量为mg(d+h),而线圈通过磁场区域Ⅱ时产生的热量也为mg(d+h),所以总热量为2mg(d+h),故D错误.
故选:B.
点评 本题中安培力的方向也可以运用左手定则判断.要正确区分右手定则、左手定则与安培定则的运用条件,不能混淆.
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练习册系列答案
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11.
如图所示,L是自感足够大的线圈,其直流电阻不计,D1、D2是完全相同的灯泡,若S闭合,等灯泡亮度稳定后,再断开S,问S闭合时与断开时,下列分析正确的是( )
![](http://thumb.1010pic.com/pic3/quiz/images/201502/242/69f56bc3.png)
A. | S闭合时,D2先亮,D1后亮 | |
B. | S闭合时,D1、D2同时亮,然后D1熄灭 | |
C. | S断开时,D2立即熄灭,D1要亮一下再熄灭 | |
D. | S断开时,D1、D2一起缓慢熄灭 |
1.
如图所示,金属导轨ADM、BCN固定在倾角为θ=30°的斜面上.虚线AB、CD间导轨光滑,ABCD为等腰梯形,AB长为L,CD长为2L,CB、NC夹角为θ;虚线CD、MN间为足够长且粗糙的平行导轨.导轨顶端接有阻值为R的定值电阻,空间中充满磁感应强度大小为B0、方向垂直斜面向上的匀强磁场.现从AB处由静止释放一质量为m、长为2L的导体棒,导体棒在光滑导轨上运动时加速度不为零,导体棒始终水平且与导轨接触良好.已知导体棒与粗糙导轨间的动摩擦因数μ<$\frac{\sqrt{3}}{3}$,导体棒及导轨电阻不计,重力加速度为g,则下列说法中正确的是( )
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A. | 导体棒在光滑导轨上做加速度增大的加速运动 | |
B. | 导体棒在光滑导轨上运动过程,通过定值电阻的电荷量为$\frac{3\sqrt{3}{B}_{0}{L}^{2}}{4R}$ | |
C. | 导体棒在粗糙导轨上一定先做加速度减小的加速运动,最后做匀速运动 | |
D. | μ=$\frac{2\sqrt{3}}{9}$时,导体棒的最终速度大小为$\frac{mgR}{24{{B}_{0}}^{2}{L}^{2}}$ |
18.
如图所示物体从斜面上的Q点自由滑下,通过粗糙的静止水平传送带后落到地面上的P点.若传送带顺时针转动,再把物块放到Q点自由滑下,那么( )
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A. | 它可能落在P点 | B. | 它可能落在P点左边 | ||
C. | 它不可能落在P点右边 | D. | 它可能落到P点右边 |
19.
如图所示,一通有电流I的直导线和一矩形导线框平行放置在同一平面上,当线框向哪个方向运动时,才会受到向右的合力( )
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A. | 向上 | B. | 向下 | C. | 向右 | D. | 向左 |