题目内容
如图所示，传送带以一定速度沿水平匀速运动，将质量m=1.0kg的小物块轻轻放在传送带上的P点，物块运动到A点后被水平抛出，小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑．B、C为圆弧的两端点，其连线水平，轨道最低点为O，已知圆弧对应圆心角θ=106°，圆弧半径R=1.0m，A点距水平面的高度h=0.80m．小物块离开C点后恰好能无碰撞地沿固定斜面向上滑动，0.8s时小物块第二次经过D点，已知小物块与斜面间的动摩擦因数
，取sin53°=0.8，g=l0m/s2，求：（1）小物块离开A点时的水平速度大小；
（2）小物块经过O点时，轨道对它的支持力大小；
（3）斜面上C、D点间的距离．
【答案】分析：（1）利用平抛运动规律，在B点对速度进行正交分解，得到水平速度和竖直方向速度的关系，
而竖直方向速度Vy=
显然易求，则水平速度V可解．
（2）首先利用动能定理解决物块在最低点的速度问题，然后利用牛顿第二定律在最低点表示出向心力，则滑块受到的弹力可解．根据牛顿第三定律可求对轨道的压力．
（3）物块在轨道上上滑属于刹车问题，要求出上滑的加速度、所需的时间；再求出下滑加速度、距离，利用匀变速直线运动规律公式求出位移差
解答：解：（1）对小物块，由A到B有vy2=2gh
在B点tan
=
所以v=3m/s．
（2）对小物块，由B到O由动能定理可得：
mgR（1-sin37°）=
-
其中vB=
=5m/s
在O点N-mg=m
所以N=43N
（3）物块沿斜面上滑：mgsin53°+μmgcos53°=ma1
所以a1=10m/s2
物块沿斜面下滑：mgsin53°-μmgcos53°=ma2 a2=6m/s2
由机械能守恒知vc=vB=5m/s
小物块由C上升到最高点历时t1=
=0.5s
小物块由最高点回到D点历时t2=0.8s-0.5s=0.3s
故SCD=
t1-
a2
即SCD=0.98m．
答：（1）小物块离开A点的水平初速度v=3m/s．
（2）小物块经过O点时对轨道的压力N'=43N
（3）斜面上CD间的距离SCD=0.98m
点评：本题是一个单物体多过程的力学综合题，把复杂的过程分解成几个分过程是基本思路．
而竖直方向速度Vy=
显然易求，则水平速度V可解．（2）首先利用动能定理解决物块在最低点的速度问题，然后利用牛顿第二定律在最低点表示出向心力，则滑块受到的弹力可解．根据牛顿第三定律可求对轨道的压力．
（3）物块在轨道上上滑属于刹车问题，要求出上滑的加速度、所需的时间；再求出下滑加速度、距离，利用匀变速直线运动规律公式求出位移差
解答：解：（1）对小物块，由A到B有vy2=2gh
在B点tan
=所以v=3m/s．
（2）对小物块，由B到O由动能定理可得：
mgR（1-sin37°）=
-其中vB=
=5m/s在O点N-mg=m
所以N=43N
（3）物块沿斜面上滑：mgsin53°+μmgcos53°=ma1
所以a1=10m/s2
物块沿斜面下滑：mgsin53°-μmgcos53°=ma2 a2=6m/s2
由机械能守恒知vc=vB=5m/s
小物块由C上升到最高点历时t1=
=0.5s小物块由最高点回到D点历时t2=0.8s-0.5s=0.3s
故SCD=
t1-a2即SCD=0.98m．
答：（1）小物块离开A点的水平初速度v=3m/s．
（2）小物块经过O点时对轨道的压力N'=43N
（3）斜面上CD间的距离SCD=0.98m
点评：本题是一个单物体多过程的力学综合题，把复杂的过程分解成几个分过程是基本思路．
练习册系列答案
全能测控期末小状元系列答案
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| ||
| 6 |
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| B、工件与传送带间的动摩擦因数为0.3 |
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