题目内容
（2012?四川）如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=370，半径r=2.5m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×l05N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×l0-2kg、电荷量q=+1×10-6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=3m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；
（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．
分析：（1）设弹簧枪对小物体做功为Wf，由动能定理即可求解；
（2）对小物体进行受力分析，分析物体的运动情况，根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学基本公式即可求解．
（2）对小物体进行受力分析，分析物体的运动情况，根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学基本公式即可求解．
解答：解：
（1）设弹簧枪对小物体做功为Wf，由动能定理得Wf-mgr（l-cosθ）=
mv02…①
代人数据得：Wf=0.475J…②
（2）取沿平直斜轨向上为正方向．设小物体通过C点进入电场后的加速度为a1，
由牛顿第二定律得：-mgsinθ-μ（mgcosθ+qE）=ma1…③
小物体向上做匀减速运动，经t1=0.1s后，速度达到v1，有：v1=v0+a1t1…④
由③④可知v1=2.1m/s，设运动的位移为s1，有：sl=v0t1+
a1t12…⑤
电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得：
-mgsinθ-μ（mgcosθ-qE）=ma2…⑥
设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t2，位移为s2，有：
0=v1+a2t2…⑦
s2=v1t2+
a2t22…⑧
设CP的长度为s，有：s=s1+s2…⑨
联立相关方程，代人数据解得：s=0.57m
答：（1）弹簧枪对小物体所做的功为0.475J；
（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，CP的长度为0.57m．
（1）设弹簧枪对小物体做功为Wf，由动能定理得Wf-mgr（l-cosθ）=
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代人数据得：Wf=0.475J…②
（2）取沿平直斜轨向上为正方向．设小物体通过C点进入电场后的加速度为a1，
由牛顿第二定律得：-mgsinθ-μ（mgcosθ+qE）=ma1…③
小物体向上做匀减速运动，经t1=0.1s后，速度达到v1，有：v1=v0+a1t1…④
由③④可知v1=2.1m/s，设运动的位移为s1，有：sl=v0t1+
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电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得：
-mgsinθ-μ（mgcosθ-qE）=ma2…⑥
设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t2，位移为s2，有：
0=v1+a2t2…⑦
s2=v1t2+
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设CP的长度为s，有：s=s1+s2…⑨
联立相关方程，代人数据解得：s=0.57m
答：（1）弹簧枪对小物体所做的功为0.475J；
（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，CP的长度为0.57m．
点评：本题主要考查了动能定理、牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，要求同学们能正确对物体受力分析，确定物体的运动情况，难度适中．
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